热门试卷

解：（1）气体温度升高，压强变大，气压计左管水银面下降，为保证气体体积不变，应适当提高气压计右管，所以应将右管向上移动，直至气压计左管水银面等高，即保证了气体体积不变；

（2）实验中多次改变气体温度，用△t表示气体升高的温度，用△h表示气压计两侧管内液面高度差的变化量；

体积不变时压强变化与温度变化的关系是成正比的，所以根据测量数据作出的图线是A．

故答案为：（1）向上，气压计左管液面回到原来的位置；（2）A．

解：（1）当水银柱到达管口时，所测气温最高，设为T2，此时气体体积为V2，

初状态：T1=（273+7）K=280K；  V1=560cm3，末状态V2=（560+48×0.5）cm3=584cm3，

气体发生等压变化，由概率萨克定律得：=，即：=，

解得：T2=292K；

（2）水银柱移动过程中，外界对气体做功W=-P0SL=-1×105×0.5×10-4×48×10-2J=-2.4J，

由热力学第一定律知内能变化为：△U=W+Q=-2.4J+3.2J=0.8J，气体内能增加；

答：（1）该气温计能测量的最高气温是292K；

（2）气体内能增加，增加了0.8J．

解：（1）由连通器原理可知，甲图中气体压强为p0=76cmHg，乙图中气体压强为p0+4cmHg=80cmHg．

（2）由玻意耳定律p1V1=p2V2，即p1l1S=p2l2S，即p1l1=p2l2（l1、l2为空气柱长度），所以玻璃管的横截面积可不用测量．

（3）以p为纵坐标，以V为横坐标，作出p-V图是一条曲线，但曲线未必表示反比关系，所以应再作出p-图，看是否是过原点的直线，才能最终确定p与V是否成反比．

故答案为：

（1）75.5；79.5；

（2）正确；

（3）不能．

解：设房间体积为V0，晚上房间内的空气在370C时体积应为V1，

故增加空气质量与中午房间内空气质量之比：

答：晚上房间增加空气质量与中午房间内空气质量之比为0.107．

解：（1）竖直段部分封闭气体初始状态：P1=75cmHg，L1=70cm    

稳定后：P2=75+5=80cmHg，

等温变化，则P1L1S=P2L2S                              

得L2=62.625cm＞60cm，所以水银柱还是在水平段管内．   

稳定后B端水平段内气体压强P′2=P2=80cmHg．      

（2）稳定后水平段内气体长度

进入竖直管内的水银长度为△h=60+35-18.75-5-62.625=8.625cm

竖直管插入水银槽的深度h=8.625+5=13.625cm．      

答：（1）稳定后玻璃管B端水平段内被封闭气体的压强为80cmHg；

（2）竖直管A端插入水银槽的深度h为13.625cm．

解：（1）当水银柱到达管口时，所测气温最高，设为T2，此时气体体积为V2，

初状态：T1=（273+7）k=280k；V1=480cm3，未状态V2=（480+48×0.4）=499.2cm3

由概率萨克定律得：=，即：=，

解得：T2=291.2K；

（2）水银柱移动过程中，外界对气体做功

W=-P0SL═lxl0×0.4×10×48×10=-1.92J，

由热力学第一定律得：内能变化为：

△U=W+Q=-1.92J+3J=1.08J，气体内能增加；

答：（1）该气温计能测量的最高气温是291.2K；

（2）气体内能增加，增加了1.08J．

解：（1）沙尘颗粒受重力G=mg=ρ沙Vg=ρ沙πr3g与空气作用力为f=πρ空r2v2作用而平衡，

在地面附近空气密度ρ0=1.25kg/m3，由平衡条件得：ρ沙πr3g=ρ空πr2v2，

则v===4m/s；

（2）当风速v=8m/s时，由ρ沙πr3g=ρ空′πr2v2，得：

其中ρ空′=ρ空-kh 

故h=-= km- km=4.7km

答：（1）要形成沙尘暴现象，地面的风速至少为4m/s；

（2）当地面风速为8m/s时，沙尘暴的最大高度为4.7km．

解：（1）研究其压强和体积的关系，实验中封闭气体的体积可由注射器刻度直接读出，压强可以通过压强传感器读出．

（2）：（1）A、实验时环境温度增大了，根据根据气体方程，应该PV的乘积在变大，而实验数据PV的乘积在变小，故A错误．

B、实验时外界大气压强发生了变化，对本实验没有影响，故B错误．

C、实验时注射器内的空气向外发生了泄漏，所以实验只测得部分气体的PV的乘积，故C正确．

D、．实验时注射器活塞与筒壁间的摩擦力不断增大，由于缓慢推动活塞，所以不影响研究温度不变时气体的压强跟体积的关系，故D错误．

故选C．

（3）A、推拉活塞时，动作要慢，使其温度与环境保持一致，故A正确；

B、推拉活塞时，手不能握住注射器，防止手对其起加热作用，故B正确

C、橡皮帽与注射器脱落后，气体质量变化，需重新做实验，故C错误；

D、活塞与针筒之间要保持润滑，可以减小摩擦；不漏气可以保证气体质量一定，故D正确；

本题选错误的，故选C．

故答案为：（1）注射器的刻度；压强传感器；（2）C；（3）C

解：设弹簧的原长为l0，气体原来压强为p，后来为p′，则由玻意耳定律可得

      pl=p′•2l              ①

在原来状态下，活塞受力如图1所示，由力学平衡可得

     pS=p0S+k（l-l0）         ②

在后来状态下，活塞受力如图2所示，由力学平衡可得

    p′S+F=p0S+k（2l-l0）   ③

由①、②、③联立解得P=      ④

由式得l0=l+    ⑤

   当F=500N时，由④式得p=0.4p0 再代入⑤式得l0=1.50m，可见在整个过程中弹簧始终处于压缩状态．

   当F=700N时，由④式得p=0.8p0 再代入⑤式得l0=0.833m，可见在过程开始时弹簧处于压缩状态，当活塞提高到距缸底距离超过l0=0.833m后，弹簧被拉伸．