热门试卷

根据在匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度大小等于该过程中的平均速度，可知打第5个点时的速度为：

物体的初速度为零，所以动能的增加量为：

重力势能的减小量等于物体重力做功，故：                

由此可知动能的增加量和势能的减小量基本相等，因此在在误差允许的范围内，m1、m2组成的系统机械能守恒．

解：（1）如果是自由落体运动，前两点间的距离约为2mm；现在1、2两点间达到了6mm，说明在打第一点时纸带已经下落了一段时间，即是先释放的纸带，后接通的电源；

（2）B点的速度等于AC段的平均速度，故有：

为了验证机械能守恒，应明确下落高度和速度，故应选取OB两点进行验证；

（3）由可知，图象的斜率表示‍，则有：g=2k=9.2m/s2；

本实验中误差主要来自于振针阻力、空气阻力以及摩擦阻力等，从而使求出重力加速度偏小；

设1、2间的位移为x1，2、3间的位移为x2，3、4间的位移为x3，4、5间的位移为x4；因为周期为T=0.02s，且每打5个点取一个记数点，所以每两个点之间的时间间隔T=0.1s；

由匀变速直线运动的推论xm-xn=（m-n）at2得：

x4-x1=3at2代入数据得：

（5.78-3.62）×10-2=3a×0.12

解得：a=0.72m/s2．　

第3个记数点与第2个记数点的距离即为x2，由匀变速直线运动的推论：x2-x1=at2得：

x2=x1+at2代入数据得：

x2=3.62×10-2+0.72×0.12=0.0434m；即为4.34cm．

打第2个点时的瞬时速度等于打1、3之间的平均速度，因此有：

根据速度公式v3=v2+at

得v3=0.398+0.72×0.1m/s=0.47m/s；

打点计时器使用交流电，则学生电源应选择用交流挡．

点4的瞬时速度等于3、5两点间的平均速度，则

在打计数点0到4，的过程中，拉力对小车做的功为：W=mgs=0.05×9.8×0.12=0.059J；

小车的动能增量为：

该实验产生误差的主要原因一是钩码重力大小并不等于绳子拉力的大小，设绳子上拉力为F，对小车根据牛顿第二定律有：

F=Ma…①

对砂桶和砂有：mg-F=ma…②

由此可知当M＞＞m时，砂和砂桶的重力等于绳子的拉力，显然该实验中没有满足这个条件；另外该实验要进行平衡摩擦力操作，否则也会造成较大误差．

解：①电火花计时器需要220V、50Hz的交流电源，要用刻度尺测量纸带上点迹的距离，需要天平测量小车的质量，故需要ACE，故选：ACE

为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，需要平衡摩擦力，平衡摩擦力时应当将穿过打点计时器的纸带连在小车上，调整长木板的倾斜度，让小车拖着纸带做匀速直线运动，同时要调整长木板上滑轮的高度使细线与长木板平行，故AC正确，B错误；故选：AC

A、根据图象1可知，当没有挂砝码、砝码盘时，小车产生了加速度，因此说明平衡摩擦力时木板倾角太大，故A错误；

B、根据图象2可知，随着F的增大，即砝码、砝码盘的质量增大，不再满足砝码、砝码盘质量小于小车的质量，因此曲线上部出现弯曲现象，故B正确；

C、根据图象3可知，当挂上砝码、砝码盘时，小车的加速度还是为零，说明没有平衡摩擦力或平衡的不够，故C错误；

故选：B