- 牛顿第二定律
- 共12933题
正确答案
解析
解：物块从光滑曲面上滑下时，根据机械能守恒定律得知：两次物块滑到B点速度相同，即在传送带上做匀减速直线运动的初速度相同．当水平传送带静止时和逆时针方向转动时，物体都受到相同的滑动摩擦力而做匀减速直线运动，根据牛顿第二定律得知：物块匀减速直线运动的加速度相同，当物块滑离传送带，两次通过的位移相同，根据运动学公式
故选：A．
（1）物块上滑和下滑的加速度大小；
（2）物块沿斜面向上滑行的最大距离x．
正确答案
解：（1）由图示图象可知，物块向上滑行时的加速度：a=
物块向下滑行时的加速度：a′=
（2）由图示图象可知，物块向上滑行时的初速度：v=4m/s，末为为零，运动时间：t=0.5s，
物块向上做匀减速直线运动，向上滑行的最大距离：x=
答：（1）物块上滑和下滑的加速度大小分别为8m/s2、2m/s2；
（2）物块沿斜面向上滑行的最大距离x为1m．
解析
解：（1）由图示图象可知，物块向上滑行时的加速度：a=
物块向下滑行时的加速度：a′=
（2）由图示图象可知，物块向上滑行时的初速度：v=4m/s，末为为零，运动时间：t=0.5s，
物块向上做匀减速直线运动，向上滑行的最大距离：x=
答：（1）物块上滑和下滑的加速度大小分别为8m/s2、2m/s2；
（2）物块沿斜面向上滑行的最大距离x为1m．
（1）物体做加速运动时的加速度a；
（2）撤去F后，物体还能滑行多长时间？（g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）
正确答案
解：（1）
a=
（2）5s末的速度为：v=at=1.5m/s，
根据牛顿第二定律得，撤去F后的加速度为：
则物体还能滑行的时间为：
答：（1）物体做加速运动的加速度为0.3m/s2；
（2）撤去F后，物体还能滑行0.75s．
解析
解：（1）
a=
（2）5s末的速度为：v=at=1.5m/s，
根据牛顿第二定律得，撤去F后的加速度为：
则物体还能滑行的时间为：
答：（1）物体做加速运动的加速度为0.3m/s2；
（2）撤去F后，物体还能滑行0.75s．
在一东西向的水平直铁轨上，停放着一列已用挂钩链接好的车厢．当机车在东边拉着这列车厢以大小为a的加速度向东行驶时，链接某两相邻车厢的挂钩P和Q间的拉力大小为F；当机车在西边拉着这列车厢以大小为
正确答案
解析
解：设PQ两边的车厢数为P和Q，
当机车在东边拉时，根据牛顿第二定律可得：F=Pm•a，
当机车在西边拉时，根据牛顿第二定律可得：F=Qm•
根据以上两式可得：
即两边的车厢的数目可能是2和3，或4和6，或6和9，或8和12，等等，
所以总的车厢的数目可能是5、10、15、20，
所以可能的是BC．
故选：BC．
质量为2kg的物体受到8N的水平拉力从静止开始加速，已知地面光滑．求：
（1）物体运动的加速度大小；
（2）物体运动5s末的速度大小；
（3）物体运动5s的位移大小．
正确答案
解：（1）物体受重力、支持力和拉力，根据牛顿第二定律，有：
F=ma
解得：
a=
（2）物体做匀加速直线运动，根据速度时间关系公式，有：
v=at=4×5=20m/s
（3）物体做匀加速直线运动，根据位移时间关系公式，有：
x=
答：（1）物体运动的加速度大小为4m/s2；（2）物体运动5s末的速度大小为20m/s；（3）物体运动5s的位移大小为50m．
解析
解：（1）物体受重力、支持力和拉力，根据牛顿第二定律，有：
F=ma
解得：
a=
（2）物体做匀加速直线运动，根据速度时间关系公式，有：
v=at=4×5=20m/s
（3）物体做匀加速直线运动，根据位移时间关系公式，有：
x=
答：（1）物体运动的加速度大小为4m/s2；（2）物体运动5s末的速度大小为20m/s；（3）物体运动5s的位移大小为50m．
（1）小车的加速度多大？
（2）从绳断到滑块离开车尾所用时间是多少？
（3）小车的长度是多少？
正确答案
解：（1）设绳断裂时滑块和小车的速度为v0，加速度为a，后3s初的速度为v1，则前3s：
x车-x物=
解得：a=1m/s2
故小车的加速度为1m/s2．
（2）v0=at=2m/s
故细绳断裂时，物块的速度为2m/s．
后3s：x车=v1t+
s物=v0t
所以x车-x物=（v1-v0）t
所以v1=4m/s
则车和物运动总时间为 t=
断后，物体和小车共运动了5s
（3）车长L=x′车-x′物=v0t
答：（1）小车的加速度1m/s2
（2）从绳断到滑块离开车尾所用时间是5s；
（3）小车的长度是12.5m．
解析
解：（1）设绳断裂时滑块和小车的速度为v0，加速度为a，后3s初的速度为v1，则前3s：
x车-x物=
解得：a=1m/s2
故小车的加速度为1m/s2．
（2）v0=at=2m/s
故细绳断裂时，物块的速度为2m/s．
后3s：x车=v1t+
s物=v0t
所以x车-x物=（v1-v0）t
所以v1=4m/s
则车和物运动总时间为 t=
断后，物体和小车共运动了5s
（3）车长L=x′车-x′物=v0t
答：（1）小车的加速度1m/s2
（2）从绳断到滑块离开车尾所用时间是5s；
（3）小车的长度是12.5m．
（1）当小球在圆上最高点速度为4m/s时，细线的拉力是多少？
（2）当小球在圆下最低点速度为4
正确答案
解：
（1）当小球在圆上最高点时，根据牛顿第二定律得
F1+mg=m
得到 F1=m
（2）当小球在圆下最低点时，
F2-mg=m
得到 F2=mg+m
答：
（1）当小球在圆上最高点速度为4m/s时，细线的拉力是15N；
（2）当小球在圆下最低点速度为4
解析
解：
（1）当小球在圆上最高点时，根据牛顿第二定律得
F1+mg=m
得到 F1=m
（2）当小球在圆下最低点时，
F2-mg=m
得到 F2=mg+m
答：
（1）当小球在圆上最高点速度为4m/s时，细线的拉力是15N；
（2）当小球在圆下最低点速度为4
正确答案
解析
解：悬线被剪断前，根据平衡条件得
对B物体：弹簧的拉力F1=2mg，
对整体：悬线的拉力F2=3mg
当悬线突然被剪断的瞬间，F2=0，F1=2mg，则此瞬间A的合力等于大小等于F2=3mg，B的合力大小等于0
根据牛顿第二定律得
对B：aB=
对A：aA=
故ABD错误，C正确．
故选：C．
（1）货物在传送带上运动的时间；
（2）传送带对货物所做的功
（3）到达C点的货物由于未搬走而造成货物在斜面上又下滑．求货物再次达到斜面的高度．
正确答案
解：（1）货物箱在传送带上做匀加速运动过程，根据牛顿第二定律有
μmg=ma
解得：
a=μg
由运动学公式v2=2as，解得：
S=
所以货物箱在传送带上先加速后匀速，有：
T1=
T2=
T=T1+T2=
（2）由动能定理得：
W=
（3）根据对称性货物再次经过传送带加速后速度：v2=V
由机械能守恒定律可得：
mgh=
h=
答：（1）货物在传送带上运动的时间为
解析
解：（1）货物箱在传送带上做匀加速运动过程，根据牛顿第二定律有
μmg=ma
解得：
a=μg
由运动学公式v2=2as，解得：
S=
所以货物箱在传送带上先加速后匀速，有：
T1=
T2=
T=T1+T2=
（2）由动能定理得：
W=
（3）根据对称性货物再次经过传送带加速后速度：v2=V
由机械能守恒定律可得：
mgh=
h=
答：（1）货物在传送带上运动的时间为
（1）小球与细杆间的动摩擦因数μ；
（2）水平风力F的大小．
正确答案
解：（1）由速度图象可知，在2.5s以后，小球做匀速运动，由平衡条件有：
mgsinθ-μmgcosθ=0，
代入数据解得：μ=0.75．
（2）由牛顿第二定律有：mgsinθ+Fcosθ-μFN=ma，
FN+Fsinθ-mgcosθ=0，
由图象知，小球在加速阶段的加速度大小为：a=
代入数据解得：F=22.4N．
答：（1）小球与细杆间的动摩擦因数μ为0.75；
（2）水平风力F的大小为22.4N．
解析
解：（1）由速度图象可知，在2.5s以后，小球做匀速运动，由平衡条件有：
mgsinθ-μmgcosθ=0，
代入数据解得：μ=0.75．
（2）由牛顿第二定律有：mgsinθ+Fcosθ-μFN=ma，
FN+Fsinθ-mgcosθ=0，
由图象知，小球在加速阶段的加速度大小为：a=
代入数据解得：F=22.4N．
答：（1）小球与细杆间的动摩擦因数μ为0.75；
（2）水平风力F的大小为22.4N．
扫码查看完整答案与解析