热门试卷

解：A、对两物块进行受力分析知：水平方向只受静摩擦力，故由静摩擦力提供向心力，则f=mω2r，由于A、B在同一转盘上无相对运动，因此它们的角速度相等，又因为RA＞RB，故fA＞fB，故A正确；

B、由v=ωr，ωA=ωB，RA＞RB，可知：vA＞vB，故B错误；

C、根据T=，ωA=ωB，可知：TA=TB，故C错误；

D、由于A、B在同一转盘上无相对运动，因此它们的角速度相等，故D错误；

故选A．

解：A、B、C对网球：受到重力mg和球拍的支持力N，作出力图如图，根据牛顿第二定律得：

  Nsinθ=ma

  Ncosθ=mg

解得，a=gtanθ，N=

以球拍和球整体为研究对象，如图2，根据牛顿第二定律得：

 运动员对球拍的作用力为F=

故AC错误，B正确．

D、当a＞gtanθ时，网球将向上运动，由于gsinθ与gtanθ的大小关系未知，故球不一定沿球拍向上运动．故D错误．

故选B

解：物体在水平方向运动，竖直方向受到重力和地面的支持力相互平衡，合力为零．水平方向受到向右的滑动摩擦力f和水平力F作用，其中f=μN=μmg

根据牛顿第二定律得，F+f=ma得，a==，方向水平向右．

故选C

解：人站在磅秤上受重力和支持力，发现了自已的体重减少了20%，处于失重状态，具有向下的加速度，

根据牛顿第二定律得出：a==0.2g，方向向下，

那么此时的运动可能是以0.2g的加速度减速上升，也可能是以0.2g的加速度加速下降，

故选：BC．

解：物体的最大静摩擦力为f=μmg=2N

A、在0-1s内，拉力小于最大静摩擦力，物体静止，1-2s内，a=，位移，v1=at=1m/s；

2-3s内，a=，位移=2.5m，所以总位移为0.5+2.5m=3m；

B、在0-1s内，a=，位移，v1=at=1m/s；1-2s内，a=，

位移=0.5m，v2=v1+a1t=1-1=0；2-3s内，a=，位移，

总位移为：0.5+0.5+1.5m=2.5m；

C、在0-1s内，拉力小于最大静摩擦力，物体静止，1-2s内，a=，位移，v1=at=3m/s；2-3s内，

a=，位移=3.5m，总位移为：1.5+3.5m=5m；

D、在0-1s内，a=，位移，v1=at=3m/s；1-2s内，

a=，位移=3.5m，v2=v1+at=3+1m/s=4m/s；2-3s内，a=，

位移=3.5m，总位移为：1.5+3.5+3.5m=8.5m；

所以D发生的位移最大．

故选：D

解：A、对AB整体，B与地面间的摩擦力：f2=μ2（mA+mB）g=3N，当拉力小于3N时，A、B相对地面都静止，故A正确；

B、当AB间摩擦力达到最大静摩擦力时，A、B间发生相对滑动，f1=μ1mAg=4N，对B，由牛顿第二定律得：aB==1m/s2．

对系统，由牛顿第二定律得：F-f2=（mA+mB）aB，F=6N，当拉力超过6 N时，A、B开始发生相对滑动，故BC错误，D正确；

故选：AD．

解：A、小球在0-0.5s内加速运动的加速度a==8m/s2，根据牛顿第二定律有：mg-f=ma，可得阻力f=m（g-a）=0.1×（10-8）N=0.2N，故A错误；

B、小球上升时阻力向下，据牛顿第二定律有：mg+f=ma′解得上升的加速度=12m/s2，故B错误；

C、由v-t图象知小球落地时的速度为4m/s，则第一次反弹时的初速度．则据速度位移关系知小球第一次上升的高度h=，故C正确；

D、物体下落的加速度为8m/s2，下落高度为0.375m，物体下落时间t===，故D错误．

故选：C．