热门试卷

解：A、磁场垂直与纸面向里，磁感应强度增大，磁通量增大，由楞次定律可知，电容器b板电势高，a板电势低．a板带负电，b极板带正电，故A正确；

B、由法拉第电磁感应定律得，感应电动势：E===k•πr2，故B错误；

C、R2与R的右半部分并联，滑动变阻器右半部分电阻阻值为R0，R2与滑动变阻器右半部分并联阻值为，滑动变阻器两端总电阻为，

外电路的总电阻为：R1+R并+R滑左=，R2两端电压为：R0=U，故C正确；

D、设干路电流为I则通过滑动变阻器左半部分的电流为I，通过其右半部分的电流为，

由于此部分与R2并联切阻值相等，因此通过R2的电流也为，

由P=I2R知：电阻R1的热功率为P=I2•R0，

R2的热功率为：P2=（）2•=，所以电阻R1的热功率为电阻R2的8倍，故D错误．

故选：AC．

解：由题意可知，回路中同时产生了感应电动势和动生电动势；因闭合电路中始终没有电流，感生电动势（B变化产生）与动生电动势（S变化产生）大小相等，方向相反；

A、已知导体棒t1=1s时x1=1m，速度v1=1m/s，磁场B1=6T，故：

B1Lv1=x1L

解得：

=6T/s；故A正确；

B、因回路中始终没有感应电流，则根据感应电流的产生条件可知：

B1Lx1=B2Lx2

解得：B2===2T；故B正确；

C、D、t2=2s时，x2=3m，磁场为B2，磁场变化率大小为（）2，速度为v2=4m/s，则：

B2Lv2=x2L （）2 

故：4B2=3（）2；

解得：（）2=T/S；

故CD错误；

故选：AB．

解：A、通过线圈的磁通量与线圈的匝数无关，若设Φ2=B‘S为正，则线圈中磁通量的变化量为△Φ=B'S-（-BS），代入数据即△Φ=（0.1+0.4）×50×10-4 Wb=2.5×10-3 Wb，故A错误；

B、磁通量的变化率=Wb/s=2.5×10-2 Wb/s，故B正确；

C、根据法拉第电磁感应定律可知，当a、b间断开时，其间电压等于线圈产生的感应电动势，感应电动势大小为E=n=2.5V，故C错误；

D、感应电流大小I==A=0.25A，故D正确．

故选：BD．

解：A、图中磁通量Φ不变，没有感应电动势产生．故A错误．

B、图中磁通量Φ随时间t均匀增大，图象的斜率k不变，即不变，根据法拉第电磁感应定律得知，回路中产生的感应电动势恒定不变．故B错误．

C、图中回路在O～t0时间内，图象的斜率大于在t0～2t0时间的斜率，说明前一段时间内磁通量的变化率大于后一时间内磁通量的变化率，所以根据法拉第电磁感应定律知，在O～t0时间内产生的感应电动势大于在t0～2t0时间内产生的感应电动势．故C正确．

D、图中磁通量Φ随时间t变化的图象的斜率先变小后变大，磁通量的变化率先变小后变大，所以感应电动势先变小后变大，故D错误．

故选：C

解：0-1s，感应电动势为：E1=S=SB0，为定值

感应电流：I1==，为定值

安培力F=BI1L∝B

由于B逐渐减小到零，故安培力逐渐减小到零；

3s-4s内，感应电动势为：E2=S=SB0，为定值

感应电流：I2==，为定值

安培力F=BI2L∝B

由于B逐渐减小到零，故安培力逐渐减小到零；

由于B逐渐减小到零，故通过线圈的磁通量减小，

根据楞次定律，感应电流要阻碍磁通量减小，有扩张趋势，故安培力向外，即ab边所受安培力向左，为正，故AC正确，BD错误；

故选：AC．