热门试卷

解：A、在开始的0.1s内，磁通量的变化量为：△∅=（0.4+0.1）×50×10-4=0.0025Wb，故A错误；

B、由图b知：感应强度B均匀变化，其变化率不变，为：S=×50×10-4Wb/s=2.5×10-2Wb/s，故B正确；

C、由法拉第电磁感应定律可得线圈中的感应电动势E为：

  E=nS=×50×10-4×100=2.5×10-2×100=2.5V，

由闭合电路欧姆定律可得感应电流I大小为：I=，故C正确；

D、根据楞次定律可知，b点的电势高，a、b间接入R=15Ω的电阻，则a、b间的电势差Uab=，故D错误；

故选：BC．

解：a环与b环的半径之比为2：1，故周长之比为2：1，根据电阻定律R=ρ，电阻之比为2：1；

M、N两点间电势差大小为路端电压，为：U=E；

磁感应强度变化率恒定的变化磁场，故根据法拉第电磁感应定律公式E=n=•S，得到两次电动势的大小之比为4：1；

故两次的路段电压之比为U1：U2=：=2：1，故C正确，ABD错误；

故选：C．

解：A、由于虚线位置是经过到达的，不论线框是顺时针还是逆时针方向转动，所以线框的磁通量是变小的．

根据楞次定律，感应电流产生的磁场跟原磁场方向相同，即感应电流产生的磁场方向为垂直纸面向外，

根据右手螺旋定则，我们可以判断出感应电流的方向为：E→H→G→F→E，故AB错误．

C、通过导线框横截面的电荷量为：q==•△t=，故C错误．

D、根据法拉第电磁感应定律得平均感应电动势为：E==

0C=a，0A=a，AB=AC

根据几何关系找出有磁场穿过面积的变化为：△s=（3-2）a2

解得：，故D正确．

故选：D．

解：A、由图可知，穿过线圈的磁通量变大，由楞次定律可得：线圈产生的感应电流逆时针，故A错误．

B、根据法拉第电磁感应定律，可知，磁通量的变化率恒定，所以电动势恒定，则电阻两端的电压恒定，故B错误；

C、由法拉第电磁感应定律：E=N=N=100××0.02V=0.1V，由闭合电路欧姆定律，可知电路中的电流为I== A=0.02A，所以线圈电阻r消耗的功率P=I2R=0.022×1W=4×10-4W，故C正确；

D、前4s内通过R的电荷量Q=It=0.02×4C=0.08C，故D正确；

故选：CD

解：由图可知，0-2s内，线圈中磁通量的变化率相同，故0-2s内电流的方向相同，由楞次定律可知，电路中电流方向为顺时针，即电流为正方向；

同理可知，2-4s内电路中的电流为逆时针，电流方向为负，4-6s内，电路中的电流为逆时针，电流方向为负，

6-8s内，电路中的电流为顺时针，电流方向为正，

由E=N=可知，各时间段的电流大小是恒定的，故B正确，ACD错误；

故选：B．

解：A、由法拉第电磁感应定律可得，感应电动势E==S=l××=•，故A正确；

B、设导线总电阻为R，则a、b两点间的电势差Uab=×=，故B错误；

C、磁感应强度增大，由楞次定律可知，感应电流沿adbca方向，acb段导线相当于电源，电流沿a流向b，在电源外部电流从低电势点流向高电势点，因此a点电势高于b点电势，故CD错误；

故选：A

解：由感应定律和欧姆定律得：I===，所以线圈中的感应电流决定于磁感应强度B随t的变化率．

由图2可知，0～1时间内，B增大，Φ增大，感应磁场与原磁场方向相反（感应磁场的磁感应强度的方向向外），

由右手定则感应电流是逆时针的，因而是负值．所以可判断0～1s为负的恒值；1～2s为零；2～3s为为正的恒值，同理4～5s为顺时针方向，5～6s为逆时针方向，故C正确，ABD错误．

故选：C．