热门试卷

解：A、电动机两端的电压U1=U-UL=12-6V=6V，整个电路中的电流I=，所以电动机的输入功率P=U1I=6×2W=12W．故A错误．

    B、电动机的热功率P热=I2RM=4×0.5W=2W，则电动机的输出功率P2=P-I2RM=12-2W=10W．故B错误，C正确．

    D、整个电路消耗的功率P总=UI=12×2W=24W．故D错误．

故选：C．

解：A、电动机和电阻串联，所以电流相等．

电阻R两端电压U1=160-110=50V，

通过电动机的电流大小为：

I==A=5A

故A错误；

B、电动机的电功率P=UI=110×5=550W，故B错误；

C、电动机的热功率P热=I2R=52×1W=25W

电动机的机械功率P′=P-P热=550W-25W=525W

故C正确；

D、电动机的效率：η=

故D错误；

故选：C．

解：

A、滑片P从A到B的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，电路中总电阻减小，电流增大，电源的总功率P=EI，则电源的总功率增大．故A正确．

B、由题，电源的内阻为4Ω，在滑片P从A到B的过程中，外电阻的变化范围为：1～11Ω．根据推论：电源的内外电阻相等时，电源的输出功率最大．分析得到：电源的输出功率先增大后减小．故B错误．

C、将电阻R0看成电源的内阻，等效内阻为5Ω，在滑片P从A到B的过程中，变阻器R的功率先增大后减小．故C正确．

D、电源的效率η==，外电阻减小，路端电压U减小，电源的效率降低．故D错误．

故选AC

解：A、小灯泡的伏安特性曲线上的点与坐标原点的连线的斜率表示电阻大小，根据图象可知，随着电压的增大，图象与坐标原点的连线的斜率增大，则电阻增大，故A错误；

B、交点为灯泡的工作点，由图可知，灯泡的电流为I=0.35V，电压为U=0.90A，则灯泡的功率P=UI=0.35×0.90=0.315W，故B正确；

C、接入电源后电源的功率约为P总=EI=0.35×3=1.05W，故C错误；

D、接入电源后电源的效率%，故D错误．

故选：B

解：

A、电源内部的发热功率Pr=I2r，Pr-I图象是抛物线，而且是增函数，则反映Pr变化的图线是c．故A正确．

B、直流电源的总功率PE=EI，P-I图象的斜率等于电动势E，则有E==4V．故B错误．

C、图中I=2A时，电源内部的发热功率Pr与电源的总功率相等，则有Pr=I2r，得到r==Ω=2Ω．故C错误．

D、当电流为0.5A时，根据闭合电路欧姆定律得：I=，代入解得R=6Ω．故D正确．

故选AD

解：由图可知，该网友升到下一等级的剩余时间为：t1=10h

台式电脑的平均功率约为：P=200W=0.2kW，

所以还要消耗的电能为：W=Pt1=0.2kW×10h=2kW•h．

故选：B．

解：设L1、L2、L3、L4实际消耗的功率分别为P1、P2、P3、P4．

由公式P=可知，L1和L2的电阻小于L3和L4的电阻．通过L1的电流大于L2的电流，由公式P=I2R得到，P4＞P1．L2和L3的电压相等，由公式P=可知，P2＞P3．通过L3的电流小于L4的电流，由公式P=I2R得到，P4＞P3．所以P4＞P1，P2＞P3，P1＞P2．所以L4最亮．

故选：D