热门试卷

解：AC、根据公式P=I2R知：电路中的电流减小为I0的一半，则电源的热功率和电动机的热功率均减为初始时的．故AC错误．

B、电路中电流减小，变阻器接入电路的电阻增大，由于电源有内阻，所以变阻器的电阻不是初始的2倍，所以由P=I2R知变阻器的功率不是初始时的一半．故B错误．

D、根据公式P=EI，E不变，则电路的总功率减为初始时的一半．故D正确．

故选：D．

解：B、电路中电流表的示数为2.0A，所以电动机的电压为U=E-U内-=12-Ir-IR0=12-2×1-2×1.5=7V，所以B正确；

A、C，电动机的总功率为P总=UI=7×2=14W，电动机的发热功率为P热=I2R=22×0.5=2W，所以电动机的输出功率为14 W-2W=12W，所以A、C错误；

D、电源的输出的功率为P输出=EI-I2R=12×2-22×1=20W，所以D错误．

故选：B．

解：A、当滑动变阻器的滑片P向上滑动时，接入电路的电阻增大，与R2并联的电阻增大，外电路总电阻R总增大，总电流I减小，路端电压U=E-Ir增大，电压表读数增大；并联部分的电阻增大，分担的电压增大，U2增大，流过R2的电流I2增大，电流表的读数IA=I-I2，则减小．故B错误，A正确．

C、由于电源的内阻不知道，故电源的输出功率增大减小不确定，C错误；

D、因流过R2的电流增大，则由P=I2R可知，定值电阻R2的消耗功率变大；故D正确，

故选：AD

解：A、电容器的电容大小与充电电流大小无关，由电容器本身因素决定，故A错误；

B、电容器能够储存的最大电荷量q=CU，与电流大小无关，故B错误；

C、当汽车速度达到最大时汽车的牵引力与阻力平衡，即F=f

f=kmg=0.1×2×103×10=2000N

P=fvm

得：

故C错误；

D、从静止到最大速度整个过程牵引力与阻力做功，由动能定理得：Pt2-fs=mvm2

代入数据解得：

故D正确；

故选：D

解：由表中数据可知，额定功率为2000W，电压为220V，则电热水器加热时的电流为：

I==≈9.0A；

故选：D

解：（1）灯泡正常发光，电压为额定电压U额=8V，则路端电压U=U额=8V，

则电源内阻的电压 U内=E-U=10-8=2（V）

由欧姆定律得流过电源的电流  I=

则电源的输出功率 P=UI=8×10W=80W．

故选：C

解：A、要使R上消耗的功率达到最大值，则可将R0与电源看成一个新电源．则当R=R0+r时电源输出功率最大，也就是R消耗的功率最大．故A正确；

B、要使R0上消耗的功率达到最大值，则需要通过的电流最大，所以当R=0，R0上消耗的功率达到最大值．故BD错误；

C、当内阻与外阻阻值相等时电源输出功率最大，所以当R+R0=r时，则电源的输出功率达到最大值．故C正确；

故选：AC

解：A、B、C电动机正常工作时，消耗的电能主要转化为机械能和小部分内能．故AB错误，C正确．

D、根据能量转化和守恒定律得知：电功率等于机械功率和热功率之和．故D正确．

故选CD

解：当输电导线总电阻为0.4Ω时，由P=UI得：I==A=50A；

输电线上损失的功率△P=I2R=502×0.4W=1kW

故选：A．

解：A、B、C由题可知，该幢楼内用电器有纯电阻的用电器，也有非纯电阻的用电器，则该幢楼居民用电的总功率为P=UI．由于欧姆定律不成立，U＞IR，则P＞I2R，P=不再成立．故AB错误，C正确．

D、由题，经过一段时间t，该幢楼消耗的电能为W，则电功为W，根据功率公式得：P=．故D正确．

故选CD