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题型:简答题
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简答题

为了测定小灯泡的伏安特性曲线下列实物连线正确的是______.

正确答案

测定小灯泡的伏安特性曲线,电压与电流要从零开始变化,滑动变阻器应采用分压接法,

灯泡电阻较小,约为几欧姆到十几欧姆,远小于电压表内阻,电流表应采用外接法,故B正确;

故选:B.

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题型:简答题
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简答题

如图为某同学在进行“测绘小灯泡的伏安特性曲线”实验时所用的电路,小灯泡的规格(2.5V,0.3A).

(1)该同学在调节滑动变阻器的过程中发现无论怎么调节,电压表的示数总不能到达0,请观察实物连接图如图1,指出哪个器材再连接时出现了问题?______(请选择器材的编号)

A、电压表 B、小灯泡 C、滑动变阻器 D、电键

(2)在修正了错误以后,这位同学通过实验侧得到了以下实验数据,请你根据实验数据,在答题卷相应的位置作出小灯泡的伏安特性曲线.

(3)这位同学在做实验时,偶然发现电压从0逐渐增加到2.5V和从2.5V逐渐减少到0的两个测量过程总,在电压表的示数调到相同电压情况下,所对应的电流数值略有不同,于是他想到了应该对这2次测量的结果取平均值,通过你对实验操作过程的思考,你认为这样做合适吗?并说明理由______.

(4)该同学又进行思考,电压与电流的比值即为在该温度下小灯泡的电阻,他想到是不是可以用多用电表测电阻值的方法来验证他测量数据的正确性,他在电路正常工作时,把多用电表的红黑表笔接在小灯泡的两端,测得的结果如图2所示,请正确读出电阻值______,通过对比小灯泡额定电压下的电阻,说出他再操作上存在的问题______.

正确答案

(1)描绘灯泡伏安特性曲线,滑动变阻器应采用分压接法,连接电路闭合开关后,两电表都有示数,但电压表示数无法调节到零,由电路图可知,滑动变阻器采用限流接法,由此可知,连接电路时滑动变阻器连接错误,故选C.

(2)根据表中实验数据在坐标系内描出对应点,然后作出图象如图所示.

(3)灯泡电阻受温度影响,当灯泡两端电压从电压高到电压低过程中,温度对灯丝电阻影响较大,所测灯泡电阻偏大,因此该同学的做法不合适.

(4)由图2所示可知,欧姆表挡位是×100,欧姆表示数为26×100=2600Ω;用多用电表测电阻时,必须断开电路,该同学没有断开电路,这是错误的.

故答案为:(1)C;(2)如图所示;(3)不可以这样做,因为温度会影响小灯泡的电阻值,从电压高到电压低这样做会对结果有影响;(4)2600Ω;用多用电表测量电阻时,电路必须断开.

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题型:填空题
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填空题

某实验小组要描绘一个标有“3.8V,1W”的小灯泡RL的R~U曲线,设计了图1的实验电路,所供选择的器材除了导线和开关外,还有以下可供选择:

A.电压表V(量程5V,内阻约为5kΩ)B.直流电源E(电动势4.5V,内阻不计)

C.电流表A1(量程150mA,内阻约为2Ω)D.电流表A2(量程300mA,内阻约1Ω)

E.滑动变阻器R1(阻值0~10Ω,1A)F.滑动变阻器R2(阻值0~200Ω,1A)

(1)实验中为较准确测量、方便调节,电流表应选用______(填A1或A2),滑动变阻器应选用______(填R1或R2);

(2)根据实验数据计算并绘出了R-U的图象如图2.由图象可知,当所加电压为3.00V时,小灯泡实际消耗的电功率为______W.如果灯丝电阻R与其温度t的关系是R=k(t+273)(k为比例系数),室温为27℃,可知该小灯泡正常发光时,灯丝温度约为______℃;

(3)小灯珠的电功率P随电压U变化图象及其伏安特性曲线可能分别是图3中的______.

A.①和③B.①和④C.②和③

正确答案

(1)待测小灯泡为“3.8V,1W”,故其额定电流I==≈0.26A,故电流表只能选择A2;要描绘小灯珠RL的R~U曲线,故电压要从0开始连续可调,故滑动变阻器采用分压接法,而分压接法时滑动变阻器的阻值越小越便于调节,故选R1

(2)当电压为3V时,由图可知小灯泡的电阻为11.5Ω,故此时小灯泡消耗的实际功率P===0.78W;由图可知当不通电时小灯泡的电阻为1.5Ω,则1.5=K(27+273),当小灯泡正常发光时,其两端电压为3.8V,电阻为13Ω,则13=K(t+273),解得t=2327°C;

(3)根据P=UI可知I=,即P-U图象的斜率为电流I,R-U图象的斜率的倒数为I,由乙图可知随电压的增大提供导体的电流越大,故P-U图象的斜率应随电压的增大而增大,故②正确;由乙图可知随电压的增大导体的电阻增大,故越大,故I-U图象的斜率随电压的增大而减小,故③正确;故选C.

故本题的答案为:(1)A2;R1;(2)0.78;2327;(3)C.

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题型:简答题
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简答题

(7分)两实验小组使用相同规格的元件,按右图电路进行测量。他们将滑动变阻器的滑臂P分别置于abcdefg七个间距相同的位置(ag为滑动变阻器的两个端点),把相应的电流表示数记录在表一、表二中。对比两组数据,发现电流表示数的变化趋势不同。经检查,发现其中一个实验组使用的滑动变阻器发生断路。

(1)滑动变阻器发生断路的是第________实验组;断路发生在滑动变阻器的________段。

(2)表二中,对应滑臂PXfg之间的某一点)处的电流表示数的可能值为:(   )

(A)0.13 A。

(B)0.25 A。

(C)0.35 A。

(D)0.50 A。

正确答案

(1)二(2分),fg(2分)

(2)AD(3分)

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题型:简答题
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简答题

实验室有一标识已模糊的标准电阻Rx,某同学欲测其电阻。

小题1: 他先用欧姆表的×100档来粗测Rx的值,发现表指偏转很大,为较准确的粗测其电阻,则他应改用___________(选填“×10”或“×1k”)档,再次调零后测量,表指示数为20.1,则该电阻的粗测值为___________,

小题2:为更进一步精确测量RX的值,该同学拟用图示电路来测量,所选用的器材有:

    

(1)      图中的滑动变阻器应选择_______________。

(2)      他的操作过程如下;

a 按电路图连接电路,

b  ________________________________________。

c  闭合S1,S2接a,调节滑动变阻器,使电流表的示数达到半偏以上,读出其示数为I,

d  ____________________________________________。

e   S2接b,微调电阻逢,使电流表的示数仍为I。

f  读出电阻箱的电阻,即为RX的测量值。  

将以上步骤中缺少的两项填在相应横线上。

正确答案

  小题1:  ×10     201

小题2:   (1)  R1    

(2)  b 将滑动变阻器滑到最左端

            d 将电阻箱调到粗测值(或201

小题1:  表针俯角很大,说明示数小,为使示数增大,应改选小档位所以选“×10”档,读数应为201

小题2:  (1) 电路中允许的最小电阻接近,所以变阻器选R1,既能保证安全,又便于调节。   

(2)  b为防止开关闭合时电路电流过大而烧坏电流表,故在闭合S1前将滑动变阻器滑到最左端,以保护电表。

            d 下一步中的“微调”提示: 将电阻箱已调到粗测值(或201

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题型:填空题
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填空题

用如图(a)所示的器材做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验.小灯泡标有“6V,3W”的字样.蓄电池电动势为8V,滑动变阻器有两种规格:R1标有“5Ω,2A”,R2标有“100Ω,20mA”.各电表的量程如图所示.测量时要求小灯泡两端的电压从零开始,并测多组数据.

(1)滑动变阻器应选用______.

(2)用笔画线代替导线,把图(a)中的实物连成实验电路(有部分连线已接好).

(3)小灯泡灯丝的电阻会随温度的升高而变大.某同学为研究这一现象,用实验得到如下数据(I和U分别表示小灯泡上的电流和电压):

(4)在右下图中画出小灯泡的U-I.

正确答案

(1)灯泡的额定电流为:Ie==0.5A,故滑动变阻器选择R1

(2)电压要从零开始连续变化,故滑动变阻器采用分压式接法因灯泡电阻较小,所以要用电流表外接;

实验电路图如图所示:

根据电路图连线;

(4)画出的U-I图象如图所示:

故答案为:(1)R1;(2)如图所示;(4)如图所示;

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题型:简答题
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简答题

为确定某电子元件的电气特性,做如下测量.

(1)用多用表测量该元件的电阻,选用“×100”倍率的电阻档测量,发现多用表指针偏转过大,因此需选择______倍率的电阻档(填:“×10”或“×1k”),并______再进行测量,之后多用表的示数如图(a)所示,测量结果为______Ω.

(2)某同学想精确测得上述待测电阻

Rx的阻值,实验室提供如下器材:

A.电流表A1(量程50mA、内阻r1=10Ω) B.电流表A2(量程200mA、内阻r2约为2Ω)

C.电流表A3(量程0.6A、内阻r3约为O.2Ω)D.定值电阻R0=30Ω E.滑动变阻器R(最大阻值约为10Ω)F.电源E(电动势为4V) G.开关S、导线若干

回答:1同学设计了测量电阻Rx的一种实验电路原理如图(b),为保证测量时电流表读数不小于其量程的,M、N两处的电流表应分别选用:M为______;N为______.(填器材选项前相应的英文字母)

②若M、N电表的读数分别为IM、IN,则Rx的计算式为Rx=______.(用题中字母表示)

正确答案

(1)用多用表测量该元件的电阻,选用“×100”倍率的电阻档测量,发现多用表指针偏转过大,说明所选倍率太大,应换用小倍率进行测量,因此需选择×10倍率的电阻档,并重新进行欧姆调零再进行测量;由图(a)所示可知,测量结果为7×10=70Ω.

(2)①通过待测电阻的最大电流约为IM==≈0.057A=57mA,因此M处的电流表可选A;

通过N出的最大电流约为IN=IM+=0.057A+≈0.190A=190mA,

为保证测量时电流表读数不小于其量程的三分之一,N处的电流表应选B;

②通过定值电阻R0的电流I=IN-IM,并联电路两端电压U=IR0=(IN-IM)R0

RX+r1==,则待测电阻阻值RX=-r1

故答案为:(1)×10;重新进行欧姆调零;70;(2)①A;B;②-r1

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简答题

在用DIS描绘电场等势线的实验中

(1)电源通过正负电极a、b在导电物质上产生的稳恒电流分布模拟了二个_____产生____;用____探测等势点。

(2)(单选题)在安装实验装置时,正确的做法是                            (   )

正确答案

(1)等量异种点电荷,静电场,电压传感器  (2)B

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题型:简答题
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简答题

(1) 如右图所示,螺旋测微器的读数应为         mm.

(2)光敏电阻是用半导体材料制成的.如图所示,

将一个光敏电阻与多用电表联成电路。

若此时选择开关放在欧姆挡,使照射在光敏

电阻上的光强逐渐增大,则欧姆表指针的偏转角度

           (填“变大”、“变小”或“不变”).

若将选择开关放在电压挡,待指针稳定后同样增大照射光强度,

则指针偏转角度          (填“变大”、“变小”或“不变”).

正确答案

⑴1.500mm;⑵变大,不变

螺旋测微器读数应为1.500mm

光敏电阻在光照增强时电阻减小,指针偏转角增大,应填变大;万用电表选用电压档时,由于电路中没有电源故电压表始终不偏转,应填不变。

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题型:简答题
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简答题

为了测一个自感系数很大的线圈L的直流电阻RL,实验室提供以下器材:

(A)待测线圈L(阻值约为2Ω,额定电流2A)

(B)电流表A1(量程0.6A,内阻r1=0.2Ω)

(C)电流表A2(量程3.0A,内阻r2约为0.2Ω)

(D)滑动变阻器R1(0~10Ω)

(E)滑动变阻器R2(0~1kΩ)

(F)定值电阻R3=10Ω

(G)定值电阻R4=100Ω

(H)电源(电动势E约为9V,内阻很小)

(I)单刀单掷开关两只S1、S2,导线若干。

要求实验时,改变滑动变阻器的阻值,在尽可能大的范围内测得多组A1表 和A2表的读数I1、I2,然后利用给出的I2—I1图象(如右图所示),求出线圈的电阻RL

①实验中定值电阻应选用            ,滑动变阻器应选用             

②请你画完图方框中的实验电路图。

③实验结束时应先断开开关              

④由I2—I1图象,求得线圈的直流电阻RL=        Ω。

正确答案

 ②见解析  ③     ④2.0Ω

试题分析:①可以把定值电阻和串联后看成一个电压表,由图可知最大电流为3A,此时为0.5A,则电阻两端电压约为,定值电阻和的总电阻,故选;本题应选用分压电路,滑动变阻器越小越好,故选

②实验电路如图

③由于切断时,由于断电自感,在电感线圈两端会产生瞬时高电压,在中会产生很大的电流,损毁,所以实验结束时应先断开开关

④由可得,推导可得,k为斜率,k=6,代入数据解得

点评:有些电路实验中给的一些图像可以通过电路的欧姆定律找到对应的关系式,这样可以使问题大大简化。

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题型:简答题
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简答题

(18分)(1)某同学用右图表盘所示的多用电表测量部分电子元件。

①用多用电表正确测量了一个约10Ω的电阻后,需要继续测量一个阻值大约是

2kΩ左右电阻。请选择以下必须的步骤,按操作顺序写出:       

A.用螺丝刀调节表盘下中间部位的指针定位螺丝,使表针指零

B.将红表笔和黑表笔接触

C.把选择开关旋转到“×1k”位置

D.把选择开关旋转到“×100”位置

E.调节欧姆调零旋钮使表针指向欧姆表的“0”刻度

F.用表笔接触约2 kΩ左右的电阻并测量

②若测量结果如图1所示,则该电阻的测量值为      

③该同学用该多用电表判断一个大容量电容器是否漏电。他选择了“×10k位置。将两枝笔分别接触在电容器的两脚,发现指针有较大的偏转然后又缓慢回到电阻无穷大位置,则该电容是否漏电?    (答“是”或“否”)。

(2)物理小组在一次探究活动中测量滑块与木板之间的动摩擦因数。

实验装置如图2所示,打点计时器固定在斜面上。滑块拖着穿过打点计时器的纸带从斜面上滑下,如图2所示。图3是打出的纸带一段。

①已知打点计时器使用的交流电频率为50Hz,选A、B、C……等7个点为计数点,且各计数点间均有一个点没有画出,如图3所示。滑块下滑的加速度a=    m/s2

②为测量动摩擦因数,下列物理量中还应测量的有          。(填入所选物理量前的字母)

A.木板的长度L

B.木板的末端被垫起的高度h

C.木板的质量m1

D.滑块的质量m2

E.滑块运动的时问t

③测量②中所选定的物理量需要的实验器材是         

④滑块与木板问的动摩擦因数=      (用被测物理量的字母表示,重力加速度为g)。与真实值相比,测量的动摩擦因数      (填“偏大”或“偏小”)。写出支持你的看法的一个论据:                      

正确答案

(1)①D B E F ②1.9kΩ  ③否

(2)①3.00m/s2    ②AB  ③刻度尺

;偏大;忽略了纸带与限位孔间的摩擦力或忽略了空气阻力等。

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题型:简答题
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简答题

(10分)

在电流表扩大量程的实验中,要将量程为200 μA的电流表G改装成量程为0.2 A的电流表,需先用如图1所示的电路即“半偏法”测出此电流表的内电阻Rg

   

(1)在测量Rg的实验中,滑动变阻器有如下的规格供选择:

A.滑动变阻器(阻值范围0~10

B.滑动变阻器(阻值范围0~1500)为了便于实验的调节操作,减小误差,滑动变阻器R应选用    。(填入选用器材的字母代号)

(2)当电阻箱的阻值为R1时,调节滑动变阻器滑动头P的位置,使电流表G满偏;保持滑动头P的位置不动,调整电阻箱接入电路的阻值,当电阻箱的阻值为R2时,电流表G恰好半偏。则电流表G的内电阻Rg=       

(3)若测得Rg=500,为完成上述改装,需要用一个约为   的电阻与电流表并联。

(4)用改装成的电流表,按图2所示的电路测量未知电阻Rx。若量未知电阻Rx时,电压表的示数为1.2 V,而改装后的电流表的表头(刻度盘仍为原电流表的刻度)示数如图3所示,那么Rx的测量值为__________

(5)如果测量与操作均正确,那么Rx的测量值将     (选填“大于”或“小于”)Rx的真实值。

正确答案

(每空2分)A   R2-2R1     0.5    10   小于

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简答题

(11分)一毫安表头满偏电流为9.90mA ,内阻约为300Ω,要求将此毫安表头改装成量程为1A的电流表,其电路原理如图所示。图中是量程为2A的标准电流表, R0为电阻箱,R为滑动变阻器, S为开关, E为电源.

(1)完善下列实验步骤:

①将右侧的实物图按电路原理图连线;

②将滑动变阻器的滑动头调至   端(填“a”或“b”),电阻箱 R0的阻值调至零;

③合上开关;

④调节滑动变阻器的滑动头,增大回路中的电流,使标准电流表读数为1A;

⑤调节电阻箱R0的阻值,使毫安表指针接近满偏,此时标准电流表的读数会  _______(填“增大”、“减小”或“不变” ) ;

⑥多次重复步骤④⑤,直至标准电流表的读数为1A,同时毫安表指针满偏.

(2)回答下列问题:

①在完成全部实验步骤后,电阻箱使用阻值的读数为3.1Ω,由此可知毫安表头内阻为

           Ω.

②用改装成的电流表测量某一电路中的电流,电流表指针半偏,此时流过电阻箱的电流为

           A.

正确答案

(1)①连线如图(3分)

b   ( 2分)⑤减小 ( 2分)

(2)①310 Ω

② 0.495 A(0.494~0.496均可)(各2分)

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简答题

为了测定某电池的电动势(约10V~11V)和电阻(小于2Ω),需要把一个量程为5V的直流电压表接一固定电阻(用电阻箱代替),改装为量程为15V的电压表,然后用伏安法测电源的电动势和内电阻,以下是该实验的操作过程:

(1)把电压表量程扩大,实验电路如图甲所示,请完成第五步的填空。

第一步:把滑动变阻器滑动片移至最右端

第二步:把电阻箱阻值调到零

第三步:闭合电键

第四步:把滑动变阻器滑动片调到适当位罱,使电压表读数为4.5V

第五步:把电阻箱阻值调到适当值,使电压表读数为__________V

第六步:不再改变电阻箱阻值,保持电压表和电阻箱串联,撤去其它线路,即得量程为15V的电压表

(2)上述实验可供选择的器材有:

A.某电池(电动势约10V~11V,内电阻小于2Ω) 

B.电压表(量程为5V,内阻约5KΩ)

C.电阻箱(阻值范围0~9999Ω)               

D.电阻箱(阻值范围0~99999Ω)

E.滑动变阻器(阻值为0~20Ω,额定电流2A)

F.滑动变阻器(阻值为0~20KΩ,额定电流0.2A)

电阻箱应选____________,滑动变阻器应选___________(用大写字母表示)。

(3)用该扩大了量程的电压表(电压表的表盘没变),测电源电动势E和内电阻r,实验电路如图乙所示,得到多组电压U和电流I的值,并作出U—I图线如图丙所示,可知电池的电动势为___________V,内电阻为___________Ω。(保留3位有效数字)。

正确答案

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简答题

某课外研究小组为了制作一种传感器,需要选用一电器元件.图甲为该电器元件的伏安特性曲线,有同学对其提出质疑,先需进一步验证该伏安特性曲线,实验室备有下列器材:

器材(代号)        规      格

电流表(A1)        量程0~50mA,内阻约为50Ω

电流表(A2)        量程0~200mA,内阻约为10Ω

电压表(V1)        量程0~3V,内阻约为10kΩ

电压表(V2)        量程0~15V,内阻约为25kΩ

滑动变阻器(R1)    阻值范围0~15Ω,允许最大电流1A

滑动变阻器(R2)    阻值范围0~1kΩ,允许最大电流100mA   

直流电源(E)      输出电压6V,内阻不计

开关(S)  导线若干

(1)为提高实验结果的准确程度,电流表应选用          ;电压表应选用        ;滑动变阻器应选用          .(以上均填器材代号)

(2)为达到上述目的,请在图乙所示的虚线框内画出正确的实验电路原理图,并标明所用器材的代号.

(3)若发现实验测得的伏安特性曲线与图中曲线完全吻合,则该元件的电阻阻值随电压的增大而       (选填“增大”、“减小”或“不变”),当该电器元件两端电压U=2.0V时元件消耗的电功率为     W.

正确答案

(1)A2(2分)  V1(2分) R1 (1分) (2)如图所示(3分)

(3)减小(2分),0.12(2分)

(1)从该元件的伏安特性曲线中我们可知,选用的电流表为A2,电压表为V1滑动变阻器应选用R1 

(2)从伏安特性曲线中我们可以得原件的电阻大概为十几欧,而电流表内阻大概十欧,所以我们选用外接法,

(3)伏安特性曲线的斜率的倒数表示电阻,所以电阻随着电压的增大而减小,在电器元件两端电压U=2.0V时对应的电流为0.06A,根据P-UI,可得。

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