- 恒定电流
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右上图为某同学根据测定一节干电池的电动势和内电阻的实验数据绘制成的U-I图，由此可得干电池的电动势E =__________V，内阻r = Ω．（E、r的结果分别保留3位和2位有效数字）
正确答案
_1.50（或1.49） 0.60~0.64
当电路断路时，即电流为零时，路端电压等于电源电动势。所以从图中可得E=1.50V，当电路短路时，电流最大即外电路电阻为零，只有电源电阻，根据欧姆定律可得电源内阻
用已调零且选择旋钮指向欧姆挡“×10”位置的多用电表测某表电阻阻值，根据如下图所示的表盘，被测电阻阻值为________Ω.若将该表选择旋钮置于1 mA挡测电流，表盘仍如下图所示，则被测电流为________mA.
正确答案
180 0.45
略
已知一电流表的满偏电流为3mA，其内阻为120Ω，要把它改装成量程为6V的电压表。
（1）应串联还是并联电阻？
（2）电阻值是多大？
正确答案
串联，1880
（1）因为要把电流表改为量程为U=6V的电压表，根据串联电路起到分压的作用，当电路中电流为电流表最大满偏电流
（2）电流表的满偏电流（承受的最大电流）
串联电阻的电压
所以串联电阻阻值为
【答案小结】串联，1880
（4分）某同学用以下器材用伏安法尽可能精确地测量一阻值约为200Ω的电阻。
F． 电键K，导线若干
在方框中画出实验电路图.
正确答案
试题分析：由题意要求用伏安法尽可能精确地测量电阻，所以要求电压的变化范围比较大，即滑动变阻器要用分压接法，由题意知待测电阻远大于电流表内阻，所以电流表要用内接法，具体电路图见答案。
点评：学生知道滑动变阻器必须用分压接法的三种情况，电流表内外接法的选择。
现有下列器材：
电压表V1(量程3V，内阻约几千欧)
电压表V2(量程6V，内阻约几十千欧)
定值电阻R1(3.0k
直流电源(约6V，内阻不计)开关及导线若干
某同学利用上述器材测量电压表V1的内阻值。
小题1:请在右上图的方框中画出该实验的电路图。
小题2:用已知量和直接测得的量表示电压表V1的内阻，内阻的表达式为r= ；式中各直接测得的量的意义是 。
正确答案
小题1:见答图所示
小题2:
小题1:因为没有电流表所以借助定值电阻和电压表来求电流，所以仪器选V1, V2,定值电阻R1,直流电源(约6V，内阻不计)开关及导线若干
电路如图
小题2:根据欧姆定律：
（8分）某课外小组计划用水果制作水果电池，并测量水果电池的电动势（E）和内阻（r）。他们将铜片、锌片插入水果中，制成了“水果电池”。某同学连接如图所示的实物图。
①实物图中有两处导线连接错误（电表量程正确），分别是导线_____和导线______。（用“A”～“F”表示）
②更正电路后，改变滑动变阻器的阻值，甲乙两同学记录电压表和电流表的读数如下表所示。
在数据处理时两位同学意见出现分歧，甲同学认为只需选择其中两组数据便可以得出E、r，如甲只选择第3、第4两组数据，请为他求出r= （结果保留三位有效数字）。乙则认为需利用六组数据，用作图法在U-I图象中也可求出电动势内电阻，如乙用以上六组数据作U-I图象，你认为他应先剔除第 组数据后再连线。对比两位同学的做法，你认为 同学做法相对来说更能精确测出实验结果。
正确答案
①E、D；②41.7Ω；1；乙。
试题分析：①实物图中连接错误的导线是：E、D；（或E、C）②根据欧姆定律，由第3、第4两组数据可得：E=0.45+4.20×10-3r；E=0.40+5.40×10-3r；联立解得：r=41.7Ω；由表中实验数据可知，第1组实验数据与其它数据相差太大，应剔除；选择两组实验数据应用欧姆定律求出电源电动势图内阻，实验误差较大，应用图象法处理实验数据，可以减小实验误差，故乙同学做法相对来说更能精确测出实验结果。
．在测定一节干电池电动势和内阻的实验中，某学生采用了如图所示实验器材连接，请指出该学生在接线中错误和不规范的做法．
(1)________________________________________________________________________；
(2)________________________________________________________________________；
(3)________________________________________________________________________；
(4)________________________________________________________________________；
正确答案
(1)滑动变阻器不起变阻作用 (2)电流表正负接线柱错误 (3)电压表量程选用不当 (4)电压表没有并接在开关和电源串联后的两端
本题考查实验电路实物图连接。（1）滑动变阻器直接连在了两个固定端，起不到变阻作用；（2）电路表正接线柱与电源负极连在了一起，正负接线柱错误；（3）干电池电动势为1.5V，电压表量程选3V即可；（4）电压表应连在开关以后，当开关打开时电压表与电源断开；
小灯泡灯丝的电阻会随温度的升高而变大．某同学为研究这一现象，用实验得到如下数据（I和U分别表示小灯泡上的电流和电压）：
（1）画出实验电路图． 可用的器材有：电压表、电流表、滑线变阻器（变化范围0—10Ω）、电源、小灯泡、电键、导线若干．
（2）在右图中画出小灯泡的U—I曲线．
（3）如果某一电池的电动势是1．5V，内阻是2．0Ω．问：将本题中的灯泡接在该电池两端，小灯泡的实际功率是多少？（简要写出求解过程；若需作图，可直接画在第（2）小题的方格图中）
正确答案
（1）见下图（2）见下图
（3）作出U=
略
要用多用电表测量一个阻值约为R=60Ω的电阻，请从下列各操作中，选出能比较准确地测定该电阻和符合多用电表安全使用规则的几项，并将他们按合理顺序填写在后面的空白处。（已知电表正中间的示数是40）
E、将两表笔从测试笔孔中拔出，并把转换开关拨至交流电压最高档或“OFF”处。
所选操作的顺序为 。
正确答案
CDBE
用欧姆档测电阻时，中值附近读数误差较小，被测阻值约60欧，电表正中间的示数是40，所以先选档×1，
再调零，
测量完毕后
要把转换开关拨至交流电压最高档或“OFF”处。
(1)下述关于用多用表欧姆档测电阻的说法中正确的是（ ）
A．测量电阻时如果指针偏转过大，应将选择开关 S拨至倍率较小的档位，重新调零后测量
B．测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则会影响测量结果
C．测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开
D．测量阻值不同的电阻时都必须重新调零
（2）探究物体的加速度与力、质量的关系实验如下：
①在探究物体的加速度与力的关系时，应保持 不变，分别改变施加在物体上的合外力F，测出相对应的加速度a。
②在探究物体的加速度与物体质量的关系时，应保持 不变，分别改变物体的质量m，测出相对应的加速度a。
③为了更直观地反映物体的加速度a与物体质量m的关系，往往用二者的关系图像表示出来，该关系图像最好应选用 。
A．a-m图像 B．m-a图像 C．
④某同学在做实验时,使用
正确答案
(1) 测量电阻时如果指针偏转过大，说明阻值较小，所以应将选择开关 S拨至倍率较小的档位，每次换挡都必须重新调零后测量，A正确
测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，不会影响测量结果，B错误
测量电路中的某个电阻，内置电源开始启用，所以应该把该电阻与电路断开，C正确
每次换挡才进行调零，所以并不是测量阻值不同的电阻时都重新调零，D错误
故选AC
（2）探究物体的加速度与力、质量的关系采用了控制变量法，
④则纸带上C点的速度VC=
在测定金属的电阻率的实验中，用螺旋测微器测量金属导线直径d，如右图所示，则d=____________mm。
正确答案
0.959——0.961 mm
本题考查螺旋测微器的读法。由图可知其示数为0.959——0.961 mm之间的任意数均可。
有一个小灯泡上标有“4V，2W”的字样；现要用伏安法溅量这个小灯泡的伏安特性曲线。现有下列器材供选用：
A．电压表Vl （0-5V，内阻约10KΩ）
B．电压表V2（0-l0V，内阻约20KΩ）
C．电流表Al（0-0．3A，内阻约1Ω）
D．电流表A2（0-0．6A，内阻约0．4Ω）
E．滑动变阻器R1（0—10Ω，2A）
F．滑动变阻器R2（0-l00Ω，0．2A）
G．学生电源（直流6V）、开关及导线
（1）为了调节方便，测量尽可能准确，实验中应选用电压表____，电流表__ ，滑动变阻器___ （填器材前方的选项符号，如A，B）
（2）为使实验误差尽量减小，要求从零开始多取几组数据，请在下面方框内画出实验电路图。
（3）某同学通过实验得到的数据画出了该小灯泡的伏安特性益线如图所示，若用电动势为4．0V，内阻为8Ω的电源直接给该小灯泡供电，则该小灯泡的实际功率是____W
（4）P为上图中图线上的一点，PN为图线上P点的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线，下列正确的说法是：
A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大
B．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小
C．对应P点，小灯泡的电阻约为5．33Ω
D．对应P点，小灯泡的电阻约为24．0Ω
正确答案
（1）A D E （2）分压 外接（3）0.42（加减0.02）（4）AC
(1) 小灯泡的额定电压为4V，所以应选择0-5V的电压表，根据公式P=UI可得小灯泡的额定电流为0.5A，所以应选用0-0.6A的电流表，滑动变阻器的最大阻值应与小灯泡的阻值接近，所以选E.
(2)因为要求小灯泡两端的电压从零开始，所以滑动变阻器采用分压接法，电流表的内阻较小，为了避免分压，采用外接法，
（3）设小灯泡的电压为U，电流为I，所以
(4)图像的斜率表示电阻的倒数，而斜率是越来越小的，所以随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大，根据欧姆定律可得对应P点，小灯泡的电阻约为5．33Ω
小题1:用螺旋测微器测量一根金属丝的直径，结果如图所示．则d= mm．
小题2:有一个小灯泡上标有“3 V 0.2 A”字样，现要测量其伏安特性曲线，有下列器材可供选用：
A．电压表(量程为3V，内阻为1kΩ)
B．电压表(量程为15V，内阻为5 kΩ)
C．电流表(量程为0.3 A，内阻为2Ω)
D．电流表(量程为0.6 A，内阻为0.5Ω)
E．滑动变阻器(最大阻值为10Ω，允许通过的最大电流为1A)
F．滑动变阻器(最大阻值为1000Ω，允许通过的最大电流为0.5 A>
G．直流电源(电动势为6 V，内阻不计)
H．开关一个、导线若干
①实验中电压表应选 ，电流表应选 ，滑动变阻器应选 ．(只填器材前的字母代号)
②在如图甲所示的虚线框中画出实验电路图．
③根据你设计的电路图，将图乙中的实物连接成实验用的电路．
正确答案
小题1:7.500
小题2:①A C E ②实验电路图如图丙所示③实物图连线如图丁所示
小题1:螺旋测微器又叫千分尺读数需要估读：7mm+50.0×0.01m=7.500mm
小题2:①小灯泡额定电压为3V，所以电压表选A，额定电流为0.2A，所以电流表选C,测伏安特性曲线所以电压需从零开始，要用滑动变阻器的分压式接法，所以滑动变阻器要选用小电阻大电流的，便于测量和保护电阻，故选E;
②小灯泡电阻较小，电压表的分压作用较大所以电流表要选用外接法；因为电压要从零开始所以滑动变阻器要用分压式接法，电路如图：
在“描绘小电珠的伏安特性曲线”的实验中，要供选择的实验仪器如下：
(1)在上述器材中，滑动变阻器应选________；电流表应选________．
(2)在图中用笔画线代替导线，把实验仪器连接成完整的实验电路．
正确答案
R1 A2
试题分析：（1）在选择滑动变阻器是，应根据操作方便的原则去选择，即选和被测电阻阻值相差不大的，所以滑动变阻器应选
（2）再连接电路时，应注意，应为电流表的内阻和小电珠相近，所以应采取电流表的外接法，试验中要求电压的变化范围较大，所以应采取滑动变阻器的分压接法，
点评：此类型的题目，难就难在电路图的原理，以及仪器的选择
一个标有“2.5V，0.3A”字样的小灯泡，现要测定其在0到2.5V的范围内不同电压下的电功率，有下列器材可供选择：
A．电压表V（0~3V，内阻RV=3kΩ）
B．电流表G（0~500μA，内阻RG=600Ω）
C．电阻箱R1（0~99.99Ω）
D．滑动变阻器R2（10Ω，2A）
E．滑动变阻器R3（1kΩ，0.5A）
F．电源（直流4V，内阻不计）
小题1:为保证实验安全、准确、操作方便，应选用的器材除小灯泡、电源、电流表、开关、导线外，还需要 （均用器材对应的字母填写）
小题2:根据你设计的实验电路，完成上面实物图的连线。
小题3:根据你的设计，若从仪表盘上读到的数据分别为U、IG，则小灯泡在该条件下的功率表达式为 （均用字母表示）。表达式中除U、IG外，其他符号的意义为 。
正确答案
小题1:ACD
小题2:实物连线图如右图所示
小题3:
（1）由于要测量小灯泡在不同电压下的电功率，需要测量小灯泡的电压和电流，但电流表量程太小，需要并联电阻箱改装，故选A、C。电压要从0开始变化，滑动变阻器采用分压接法，选用阻值较小的，故选D。（2）控制电路采用滑动变阻器分压接法，测量电路由于小灯泡电阻较小，改装后的电流表采用外接法。实物电路图如上图所示。（3）电压表和小灯泡并联，故通过小灯泡的电流为
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