- 恒定电流
- 共18115题
接法一：①接小灯、②接电流表、③接电压表
接法二：①接小灯、②接电压表、③接电流表
接法三：①接电流表、②接电压表、③接小灯
接法四：①接电流表、②接小灯、③接电压表
比较以上四种接法，下列说法正确的是（ ）
正确答案
解析
解：A、B、当①接小灯、②接电流表、③接电压表时，由于电流表或和电压表都是理想电表，所以电阻R3在电路中被短路，R2和R4并联之后与RL和R1串联，由于R1＞R2＞R3＞R4＞r，此时电路的总电阻最大，所以电路的路端电压最大，所以A正确，根据效率η=
C、当①接电流表、②接电压表、③接小灯时，由于电流表或和电压表都是理想电表，所以此时外电路只有R1与其他电阻的总电阻串联，所以此时电路中的电阻最小，电流最大，所以此时电源的总功率最大，所以C正确．
D、当①接电流表、②接小灯、③接电压表时，由于电流表或和电压表都是理想电表，此时电路的电阻并不是最大的，当电源的内电阻和外电阻相等时，电源的输出功率最大，所以D错误．
故选AC．
正确答案
解析
解：A、由题意可知，电路中的电流为2.0A，则电动机两端的电压为U=E-I（r+R0）=12-2（1.5+1）=7.0V；故A错误，B正确；
C、电动机的热功率P热=I2r0=4×0.5=2.0W；故C正确；
D、电动机输出的机械功率P出=UI-P热=7×2-2.0=12W，故D正确；
本题选错误的，故选：A．
正确答案
解析
解：设pa段电阻为R，则pb段的电流Ipb=
通过灯泡的电流为IL=
通过pa段的电流Ipa=
因为Ipa=IL+Ipb，
解得R=10Ω．
pa段电阻消耗的功率为P1=
pb段电阻消耗的功率P2=
所以整个滑动变阻器消耗的电功率P=P1+P2=5.4W
答：滑动变阻器的Pa部分电阻应为10Ω，此时，滑动变阻器消耗的电功率为5.4W．
有一电源，当输出电流为2A，输出功率为10w，当输出电流为1A，输出功率为5.5w，则该电源的电动势是______V，内阻是______Ω，最大输出功率是______w．
正确答案
6
0.5
18
解析
解：假设电源的电动势为E，内阻为r．则得到
P出1=EI1-
P出2=EI2-
代入得：10=2E-22r
5.5=E-r
联立上两式解得，E=6V，r=0.5Ω
根据数学知识分析得知，当外电路电阻等于电源的内阻时，电源的输出功率最大，则电源的最大输出功率
Pm=（
故答案为：6V，0.5，18
电动机线圈的电阻为R，电动机正常工作时，两端电压为U，通过电流为l，在时间t内，电动机消耗的电能为______，电动机线圈产生的热量为______．
正确答案
UIt
I2Rt
解析
解：在时间t内，电动机消耗的电能W=UIt，
电动机线圈产生的热量为Q=I2Rt．
故答案为：UIt；I2Rt．
正确答案
解析
解：A、当滑片向a滑动时，R接入电阻减小，总电阻减小，由闭合电路的欧姆定律可知电路中总电流I增加，
根据P=I2R可知电阻R1电功率增大，故A错误；
B、C、干路电流增加，内电压增加，由U=E-Ir可知路端电压减小，即电压表示数减小；
因路端电压减小，R1两端的电压增加，故并联部分电压减小，由欧姆定律可知电流表示数减小；故B正确，C错误；
D、滑动变阻器R与电阻R2并联，总电流增加，电阻R2的电流减小，故滑动变阻器R的电流增加，且增加量等于干路电流的增加量与电阻R2的电流减小量之和，故R中电流变化的绝对值大于电流表读数变化的绝对值，故D错误；
故选：B．
一台电风扇，内阻为20Ω，接上220V电压后，消耗功率66W．
（1）电风扇正常工作时通过电动机的电流是多少？
（2）电风扇正常工作时转化为机械能的功率是多少？转化为内能的功率是多少？电动机的效率多少？
（3）如果接上电源后，电风扇的风叶被卡住，不能转动，这时通过电动机的电流，以及电动机消耗的电功率和发热功率是多少？
正确答案
解析
解：（1）由P=UI可得
电流I=
（2）线圈电阻发热功率PQ=I2r=1.8w；
机械功率P机=P-PQ=64.2W；
效率为机械功率与总功率之比为η=
（3）当叶片不转动时，作纯电阻，I=
P=UI=I2r=2420w．
答：（1）电风扇正常工作时通过电动机的电流是0.3A；
（2）电风扇正常工作时转化为机械能的功率是64.2W，转化为内能的功率是1.8W，电动机的效率为97.3%；
（3）如果接上电源后，电风扇的风叶被卡住，不能转动，这时通过电动机的电流为11A，电动机消耗的电功率和发热功率都是2420W．
A随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小
B对应P点，小灯泡的电阻为R=
C对应P点，小灯泡的电阻为R=
D对应P点，小灯泡的电阻为R=
正确答案
解析
解：A、I-U图线的斜率逐渐减小，说明电阻逐渐增大，故A错误；
B、C、D、对应P点，小灯泡的电阻为R=
故选C．
某同学从标称为“220V 25W”“220V 300W”“220V 500W”的3只灯泡中任选一只，正确使用多用电表测量灯泡阻值为160Ω，则标称的额定功率为______W．
正确答案
25
解析
解：由P=
电阻分别为1936Ω、161Ω和98Ω，由于工作时的电阻的多比不工作时的电阻大的多，故为25W
故答案为：25W
（1）在实验中，通过电压传感器测得电动机所加电压为U，通过电流传感器测得流过电动机的电流为I，则此时电动机输入功率的表达式为P入=______；
（2）在实验中，由于电动机的转动使质量为m的物体在t时间内匀速上升了h高度，则此时电动机输出功率的表达式为P出=______，根据η=
（3）由于电动机的线圈有电阻，将产生一定的热量，如果用输出功率P出=P入-P热，根据η=
正确答案
UI
＜
解析
解：（1）电动机输入功率P入=UI．
（2）物体运动的速度v=
物体匀速运动，由平衡条件得：
电动机对物体的拉力F=mg，
电动机拉力功率，即输出功率P出=Fv=
（3）物体匀速上升时，克服重力的功率，
即电动机提升物体的功率小于P出=P入-P热，则η1＜η2．
故答案为：UI；
（1）用学过的公式推理说明开关S断开时，电热毯是处于加热状态还是保温状态？
（2）若要求在保温时电流通过电阻丝R0每分钟有60J的电能转化为内能，电阻R的阻值是多大？
正确答案
解析
解：（1）R0一定，t一定时，电热毯功率大时，处于加热状态．
根据公式P=I2R 可知：
S闭合时，R0发热功率：P0=I2R 0=（
S断开时，P′0=I2R 0=（
比较①②两式得P0＞P0′．
所以S闭合，电热毯处于加热状态．S断开，电热毯处于保温状态．
（2）根据“220V 100W”可得：R0=
保温时：电阻R0两端电压为U0．
Q0=
已知：Q0=60J t=1 min=60 s
则U0=
所以R上分到的电压为UR=U-U0=220-22=198V
根据
解得：R=4356Ω
答：（1）开关S断开时，电热毯处于保温状态；
（2）若要求在保温时电流通过电阻丝R0每分钟有60J的电能转化为内能，电阻R的阻值是4356Ω．
（1）当滑片P滑到最左端B时，电流表读数．
（2）当滑片P位于滑线变阻器的中点时，变阻器上消耗的功率．
正确答案
解析
ε=UL+I（R1+r）=3+1（2+1）V=6V
当P在B点时，电路如图2所示
此时电流表的读数为：
（2）在图1所示电路中，总电流为I=1A，
通过灯L的电流为：
IR=I-IL=0.5A
则
P位于变阻器的中点时，电路如图3所示
此时：
变阻器上消耗的功率为：P=
答：（1）电流表的示数为2A；（2）变阻器上消耗的功率为1.92W．
正确答案
解析
解：A．根据欧姆定律得回路中的电流 I=
B．电动机的输入功率为P入=UI=10W，故B错误；
C．电动机发热消耗的功率P消=I2RM=1W，故C正确；
D．P出=UI-I2RM=（10×1-12×1）W=9W，故D错误．
故选：C
求：（1）通过电阻R3的电流
（2）电阻R1的阻值
（3）电源的输出功率．
正确答案
解析
解：（1）由欧姆定律可知R2两端的电压：
U2=I2R2=0.4×15V=6.0V
通过电阻R3的电流 I3=
（2）干路电流 I干=I2+I3=0.4A+0.2A=0.6A
由闭合电路欧姆定律可知：
U2+I干（R1+r）=E
解得：R1=
（3）路端电压为U=E-I干r=12-0.6×1V=11.4V
故电源的输出功率为P=UI1=11.4×0.6W=6.84W
答：
（1）通过电阻R3的电流是0.2A．
（2）电阻R1的阻值是9Ω．
（3）电源的输出功率是6.84W．
（2015秋•荆门期末）一台电动机的线圈电阻与一只电炉的电阻相同，电动机和电炉并联后接入电路，且电动机正常工作，则在相同时间内（ ）
正确答案
解析
解：A、并联电路电压相等，则A正确；
B、电压相同，但电动机不能用欧姆定律求电流，则两者电流不同，则B错误
C、因电流不同，电阻相同，则放热不同，则C错误
D、电动机的线圈电阻与一只电炉的电阻相同，而电动机有反电动势，则其电阻的分压小于电炉的分压，其电流小于电炉的电流，则由P=UI，二者电压相同，则电动机消耗的功率小于电炉的功率，D正确
故选：AD
扫码查看完整答案与解析