- 牛顿第二定律
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已定义ch为字符型变量，以下赋值语句中错误的是
A．ch='\';
B．ch=62+3;
C．ch=NULL;
D．ch='\xaa';
正确答案
A
解析
暂无解析
如图所示，在竖直平面内有一光滑的
14.A运动到圆弧轨道最低点时的速率
15.A运动到圆弧轨道最低点时对圆弧轨道的压力
16.A和B碰撞过程中系统损失的机械能
正确答案
v1 =4m/s
解析
A从圆弧轨道最高点运动到最低点过程中：mgR =
解得：v1 =4m/s ··········································································2分
考查方向
动能定理
解题思路
A从圆弧轨道最高点运动到最低点过程中，根据动能定理列式求解速度。
易错点
简单题不应该出错
正确答案
FN´= 30N
解析
A在圆弧轨道最低点时：
FN-mg=m
解得：FN = 30 N ··········································································1分
根据牛顿第三定律，小球对轨道的压力大小FN´= 30N···················1分
考查方向
向心力、牛顿第二定律
解题思路
A在圆弧轨道最低点时，根据合外力提供向心力结合牛顿第三定律求解小球对轨道的压力。
易错点
基础题不应该出错
正确答案
ΔE=4J
解析
A和B碰撞过程中：mv1=2mv ··························································2分
ΔE=
解得：ΔE=4J ················································································2分
考查方向
动量守恒定律
解题思路
A和B碰撞过程中系统动量守恒，根据动量守恒定律以及能量守恒定律列式求解即可．
易错点
注意使用动量守恒定律时要规定正方向
6．质量为m的小物块放在倾角为α的斜面上处于静止，如图所示．若整个装置可以沿水平方向或竖直方向平行移动， 且小物块与斜面体总保持相对静止．下列的哪种运动方式可以使物块对斜面的压力和摩擦力都一定减少（ ）
正确答案
解析
A、设向上的加速度大小为a．物块受到重力mg、斜面的支持力N和摩擦力f三个力作用，物块的加速度方向竖直向上，根据牛顿第二定律可知物体所受的合外力方向竖直向上，而重力竖直向下，则知N和f的合力方向必定竖直向上，如图1所示，
根据牛顿第二定律得
解得，N=m（g+a）cosα，f=m（g+a）sinα
物块原来处于静止状态，a=0，N=mgcosα，f=mgsinα
可见，物块沿竖直方向向上加速运动时，所受的支持力和摩擦力都增大，则物块对斜面的压力和摩擦力都一定增大．故A错误．
B、与A同理可得，物块沿竖直方向向上减速运动时，所受的支持力和摩擦力都减小，则物块对斜面的压力和摩擦力都一定减小．故B正确．
C、物块沿水平方向向右加速运动时，受力如图2所示，根据牛顿第二定律得：
fcosα-Nsinα=ma
fsinα-Ncosα=0
解得，N=mgcosθ-masinθ，f=mgsinθ+macosθ
可见，N减小，f增大，故C错误．
D、与C同理可知，物块沿水平方向向右减速运动时，当加速度a增大时，N增大，而f可能减小，也可能先减小到零后反向增大．故D错误．
故选B
考查方向
共点力平衡的条件及其应用．
解题思路
分析物体的受力情况，根据牛顿第二定律列式，分析物块所受的斜面的支持力和静摩擦力的变化，即可得解．
易错点
析受力情况，根据牛顿第二定律得到两个力的表达式，再进行分析，是常用的方法.
知识点
数据库的三级模式结构由外模式、模式和内模式组成，其中模式的个数是( )。
A．1个
B．2个
C．3个
D．任意多个
正确答案
A
解析
暂无解析
下列关于C语言数据文件的叙述中正确的是( )。
A．文件由ASCII码字符序列组成，C语言只能读写文本文件
B．文件由二进制数据序列组成，C语言只能读写二进制文件
C．文件由记录序列组成，可按数据的存放形式分为二进制文件和文本文件
D．文件由数据流形式组成，可按数据的存放形式分为二进制文件和文本文件
正确答案
D
解析
[解析]本题考查数据文件的基本概念。①文件由数据流形式组成，可以按数据的存放形式分为二进制文件和文本文件；②C语言既能读写文本文件，又可以读写二进制文件。
2．如图所示是男子体操项目中的“单臂大回环”。运动员单手抓住单杠，伸展身体，从静止开始以单杠为轴做圆周运动。已知运动员质量为60kg，若忽略运动过程中空气阻力及手与单杠间摩擦，则运动员到达最低点时手臂所受拉力约为（）
正确答案
解析
设人的长度为L人的重心在人体的中间．最高点的速度最小为零，根据动能定理得：
解得最低点人的速度为
根据牛顿第二定律得：
解得：F=5mg=5×600=3000N．故C正确．
故选：C．
考查方向
动能定理、向心力
解题思路
人在最高点的最小速度为零，根据动能定理求出人在最低点的速度，再根据牛顿第二定律求出拉力的大小．
易错点
关键知道最高点的最小速度为零.
知识点
如图所示，一轻弹簧一端与竖直墙壁相连，另一端与放在光滑水平面上的长木板左端接触，轻弹簧处于原长，长木板的质量为M，一物块以初速度
29.滑块上长木板的一瞬间，长木板的加速度大小；
30.长木板向左运动的最大速度；
31.长木板的长度
正确答案
解析
物块滑上长木板时，长木板受到的合外力等于滑块对长木板的摩擦力，由牛顿第二定律得:μmg=Ma
解得，长木板的加速度
考查方向
牛顿第二定律
解题思路
物块在长木板滑动时，长木板受到的合外力等于滑块对长木板的摩擦力，由牛顿第二定律求出长木板的加速度.
易错点
滑块上长木板的一瞬间,弹簧还没有被压缩，此时长木板受到的合力为滑块对长木板的摩擦力.
正确答案
解析
当长木板向左运动的最大速度时，弹簧的弹力等于滑块对长木板的摩擦力，即 kx=μmg，解得
长木板从开始运动到速度最大的过程，设最大速度为v，由动能定理得：
解得:
考查方向
动能定理；牛顿运动定律的综合应用
解题思路
当长木板向左运动的最大速度时，弹簧的弹力等于滑块对长木板的摩擦力，由胡克定律求弹簧的压缩量．长木板从开始运动到速度最大的过程，运用动能定理求最大速度．
易错点
关键分析清楚长木板的运动情况，当长木板的加速度为0时，长木板速度最大.
正确答案
解析
当弹簧的压缩量达到最大时，木板的速度为零，木块的速度也为零，设长木板的长度为L，根据能量守恒定律得:
解得：
考查方向
功能关系
解题思路
当弹簧的压缩量达到最大时，木板的速度为零，木块的速度也为零，根据能量守恒定律求长木板的长度.
易错点
抓住弹簧的压缩量达到最大时，木板和木块的速度均为零，运用能量守恒定律列式求解.
混凝土浇筑时，施工缝的留置位置应考虑留在的部位是( )。
A．梁托上部
B．结构受力最小处
C．柱底
D．节点
正确答案
B
解析
暂无解析
已知char**S，下面正确的语句是( )。
A．s="ABCDEF"；
B．*s= "ABCDEF"；
C．**s="ABCDEF"；
D．*s='A'；
正确答案
C
解析
[解析]“s”是代表数组首地址的地址常量，不是变量，“=”左边不能出现常量，因此s="ABCDEF"语法错误。“**s”和“s”一样；“*s”是指变量地址，不能给其赋字符串。
如图所示，有两个高低不同的水平面，高水平面光滑，低水平面粗糙。一质量为5kg、长度为2m的长木板靠在高水平面边缘A点，其表面恰好与高水平面平齐，长木板与低水平间的动摩擦因数为0.05，一质量为1kg可视为质点的滑块静止放置，距A点距离为3m，现用大小为6N、水平向右的外力拉小滑块，当小滑块运动到A点时撤去外力，滑块以此时的速度滑上长木板。滑块与平板车间的动摩擦因数为0.5，取g=l0m/s2。求：
28.滑块滑动到A点时的速度大小；
29.滑块滑动到平板车上时，滑块和平板车的加速度大小分别为多少？
30.通过计算说明滑块能否从平板车的右端滑出。
正确答案
v=6m/s ………. （2分）
解析
根据牛顿第二定律有： F=ma ………. （2分）
根据运动学公式有 v2=2aL0 ………. （2分）
联立方程带入数据解得 v=6m/s ………. （2分）
其中m、F分别为滑块的质量和受到的拉力，a是滑块的加速
度，v即是滑块滑到A点时的速度大小，L0是滑块在高水平面上运动
考查方向
牛顿运动定律综合应用
解题思路
根据动能定律即可正确解答。
易错点
对于这类两个物体相互作用的类型，要正确分析二者之间摩擦力的变化，根据牛顿第二定律求出它们的加速度大小，然后根据相对位移之间的关系列方程求解．
正确答案
a1=5m/s2 ………. （1分）
a2=0.4m/s2．………. （1分）
解析
（2）根据牛顿第二定律有：
对滑块有： μ1mg = ma1 ………. （2分）
带入数据解得： a1=5m/s2 ………. （1分）
对长木板有： μ1mg－μ2(m+M)g =Ma2，……….（2分）
带入数据解得： a2=0.4m/s2．………. （1分）
其中M为长木板的质量，a１、a2分别是此过程中滑块和长木板的加速度，μ１、μ2分别是滑块与长木板间和长木板与低水平面间的动摩擦因数
考查方向
牛顿运动定律综合应用
解题思路
当滑块滑到小车上时，小车受到向前的滑动摩擦力，而滑块受到向后的滑动摩擦力作用，根据牛顿第二定律可正确解答．
易错点
对于这类两个物体相互作用的类型，要正确分析二者之间摩擦力的变化，根据牛顿第二定律求出它们的加速度大小，然后根据相对位移之间的关系列方程求解．
正确答案
（3）设小滑块不滑出长木板，从小滑块滑上长木板到两者相对静止所用时间为t
则： 
带入数据解得 t=
则此过程中小滑块的位移为 
长木板的位移为 
式中L=2m为长木板的长度
所以小滑块滑出长木板右端. ………. （1分）
解析
（3）设小滑块不滑出长木板，从小滑块滑上长木板到两者相对静止所用时间为t
则：
带入数据解得 t=
则此过程中小滑块的位移为
长木板的位移为
式中L=2m为长木板的长度
所以小滑块滑出长木板右端. ………. （1分）
考查方向
牛顿运动定律综合应用
解题思路
是否能从平板车的右端滑出的临界条件为当二者速度相等时，相对位移大于L则能滑出，相对位移小于L时，不能滑出．
易错点
对于这类两个物体相互作用的类型，要正确分析二者之间摩擦力的变化，根据牛顿第二定律求出它们的加速度大小，然后根据相对位移之间的关系列方程求解．
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