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题型:简答题
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单选题

已定义ch为字符型变量,以下赋值语句中错误的是

A.ch='\';
B.ch=62+3;
C.ch=NULL;
D.ch='\xaa';

正确答案

A

解析

暂无解析

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题型:简答题
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简答题 · 16 分

如图所示,在竖直平面内有一光滑的圆弧轨道,圆弧轨道下端与水平光滑桌面相切,小滑块B静止在水平桌面上.现将小滑块A由圆弧轨道的最高点无初速释放,A沿圆弧轨道下滑并滑上水平桌面,与B碰撞后结合为一个整体,继续沿桌面向前滑动.已知圆弧轨道半径R=0.8m;AB的质量相等,均为m=1kg.取重力加速度g=10m/s2.求:

14.A运动到圆弧轨道最低点时的速率

15.A运动到圆弧轨道最低点时对圆弧轨道的压力

16.AB碰撞过程中系统损失的机械能

第(1)小题正确答案及相关解析

正确答案

v1 =4m/s 

解析

A从圆弧轨道最高点运动到最低点过程中:mgR =m···3分

解得:v=4m/s  ··········································································2分

考查方向

动能定理

解题思路

A从圆弧轨道最高点运动到最低点过程中,根据动能定理列式求解速度。

易错点

简单题不应该出错

第(2)小题正确答案及相关解析

正确答案

FN´= 30N

解析

A在圆弧轨道最低点时:

FN-mg=m ·······················································3分

解得:FN = 30 N  ··········································································1分

根据牛顿第三定律,小球对轨道的压力大小FN´= 30N···················1分

考查方向

向心力、牛顿第二定律

解题思路

A在圆弧轨道最低点时,根据合外力提供向心力结合牛顿第三定律求解小球对轨道的压力。

易错点

基础题不应该出错

第(3)小题正确答案及相关解析

正确答案

ΔE=4J

解析

AB碰撞过程中:mv1=2mv  ··························································2分

ΔE=m-×2mv2  ·············································2分

解得:ΔE=4J  ················································································2分

考查方向

动量守恒定律

解题思路

A和B碰撞过程中系统动量守恒,根据动量守恒定律以及能量守恒定律列式求解即可.

易错点

注意使用动量守恒定律时要规定正方向

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题型: 单选题
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单选题 · 6 分

6.质量为m的小物块放在倾角为α的斜面上处于静止,如图所示.若整个装置可以沿水平方向或竖直方向平行移动, 且小物块与斜面体总保持相对静止.下列的哪种运动方式可以使物块对斜面的压力和摩擦力都一定减少(    )

A沿竖直方向向上加速运动

B沿水平方向向右加速运动

C沿竖直方向向上减速运动

D沿水平方向向右减速运动

正确答案

C

解析

A、设向上的加速度大小为a.物块受到重力mg、斜面的支持力N和摩擦力f三个力作用,物块的加速度方向竖直向上,根据牛顿第二定律可知物体所受的合外力方向竖直向上,而重力竖直向下,则知N和f的合力方向必定竖直向上,如图1所示,

根据牛顿第二定律得

解得,N=m(g+a)cosα,f=m(g+a)sinα

物块原来处于静止状态,a=0,N=mgcosα,f=mgsinα

可见,物块沿竖直方向向上加速运动时,所受的支持力和摩擦力都增大,则物块对斜面的压力和摩擦力都一定增大.故A错误.

B、与A同理可得,物块沿竖直方向向上减速运动时,所受的支持力和摩擦力都减小,则物块对斜面的压力和摩擦力都一定减小.故B正确.

C、物块沿水平方向向右加速运动时,受力如图2所示,根据牛顿第二定律得:

  fcosα-Nsinα=ma

   fsinα-Ncosα=0

解得,N=mgcosθ-masinθ,f=mgsinθ+macosθ

可见,N减小,f增大,故C错误.

D、与C同理可知,物块沿水平方向向右减速运动时,当加速度a增大时,N增大,而f可能减小,也可能先减小到零后反向增大.故D错误.

故选B

考查方向

共点力平衡的条件及其应用.

解题思路

分析物体的受力情况,根据牛顿第二定律列式,分析物块所受的斜面的支持力和静摩擦力的变化,即可得解.

易错点

析受力情况,根据牛顿第二定律得到两个力的表达式,再进行分析,是常用的方法.

知识点

力的合成与分解的运用牛顿第二定律
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题型: 单选题
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单选题 · 6 分

2.如图所示是男子体操项目中的“单臂大回环”。运动员单手抓住单杠,伸展身体,从静止开始以单杠为轴做圆周运动。已知运动员质量为60kg,若忽略运动过程中空气阻力及手与单杠间摩擦,则运动员到达最低点时手臂所受拉力约为()

A600 N

B2400 N

C3000 N

D3600 N

正确答案

C

解析

设人的长度为L人的重心在人体的中间.最高点的速度最小为零,根据动能定理得:

解得最低点人的速度为

根据牛顿第二定律得:

解得:F=5mg=5×600=3000N.故C正确.

故选:C.

考查方向

动能定理、向心力

解题思路

人在最高点的最小速度为零,根据动能定理求出人在最低点的速度,再根据牛顿第二定律求出拉力的大小.

易错点

关键知道最高点的最小速度为零.

知识点

牛顿第二定律向心力机械能守恒定律
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题型:简答题
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简答题 · 12 分

如图所示,一轻弹簧一端与竖直墙壁相连,另一端与放在光滑水平面上的长木板左端接触,轻弹簧处于原长,长木板的质量为M,一物块以初速度从长木板的右端向左滑上长木板,在长木板向左运动的过程中,物块一直相对于木板向左滑动,物块的质量为,物块与长木板间的动摩擦因数为,轻弹簧的劲度系数为,;当弹簧的压缩量达到最大时,物块刚好滑到长木板的中点,且相对于木板的速度刚好为零,此时弹簧获得的最大弹性势能为(已知弹簧形变量为,弹力做功)求:

29.滑块上长木板的一瞬间,长木板的加速度大小;

30.长木板向左运动的最大速度;

31.长木板的长度

第(1)小题正确答案及相关解析

正确答案

解析

物块滑上长木板时,长木板受到的合外力等于滑块对长木板的摩擦力,由牛顿第二定律得:μmg=Ma

解得,长木板的加速度

考查方向

牛顿第二定律

解题思路

物块在长木板滑动时,长木板受到的合外力等于滑块对长木板的摩擦力,由牛顿第二定律求出长木板的加速度.

易错点

滑块上长木板的一瞬间,弹簧还没有被压缩,此时长木板受到的合力为滑块对长木板的摩擦力.

第(2)小题正确答案及相关解析

正确答案

解析

当长木板向左运动的最大速度时,弹簧的弹力等于滑块对长木板的摩擦力,即  kx=μmg,解得

长木板从开始运动到速度最大的过程,设最大速度为v,由动能定理得:

解得:

考查方向

动能定理;牛顿运动定律的综合应用

解题思路

当长木板向左运动的最大速度时,弹簧的弹力等于滑块对长木板的摩擦力,由胡克定律求弹簧的压缩量.长木板从开始运动到速度最大的过程,运用动能定理求最大速度.

易错点

关键分析清楚长木板的运动情况,当长木板的加速度为0时,长木板速度最大.

第(3)小题正确答案及相关解析

正确答案

解析

当弹簧的压缩量达到最大时,木板的速度为零,木块的速度也为零,设长木板的长度为L,根据能量守恒定律得:

解得:

考查方向

功能关系

解题思路

当弹簧的压缩量达到最大时,木板的速度为零,木块的速度也为零,根据能量守恒定律求长木板的长度.

易错点

抓住弹簧的压缩量达到最大时,木板和木块的速度均为零,运用能量守恒定律列式求解.

下一知识点 : 牛顿第三定律
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