热门试卷

解：A、根据理想气体的特点可知，由于分子之间的距离比较大，分子间的作用力忽略不计，故A错误；

BC、因气泡在上升过程中温度不变，平均动能不变，平均速率不变，BC错误；

D、体积膨胀，克服外力做功，该过程是不可逆的过程，气体组成的系统地熵增加．故D正确．

本题选择错误的，故选：ABC．

解：A、被压缩的物体其分子之间同时存在相互作用引力与斥力，故A错误；

B、布朗运动是悬浮在液体中固体小颗粒的运动，不是液体分子的运动，故B错误；

C、热量不可能自发地由低温物体传到高温物体，故C正确；

D、理想气体体积变大时对外做功，气体可能吸热，也可能放热，还可能既不吸热也不放热，故D错误；

故选C．

解：A、气体的温度升高时，分子的平均动能增大，由=c知气体的压强不一定增大，还与气体体积的变化情况有关，故A错误．

B、气体的体积变小时，单位体积的分子数增多，由=c知气体的压强不一定增大，还与气体温度的变化情况有关，故B错误．

C、压缩一定量的气体，根据热力学第一定律知气体的内能不一定增加，还与热量有关，故C错误．

D、分子a从远处趋近固定不动的分子b，分子力表现为引力，当a到达受b的作用力为零处时，分子力做正功，其动能增大，再向b靠近，分子力为斥力，分子力做负功，其动能减小，所以当a到达受b的作用力为零处时，其动能一定最大，故D正确．

故选：D．

解：A、根据热力学第一定律，不消耗任何能量的燃料，却能源源不断地对外做功的机器是绝对不能制造成功的，因为它违背了能的转化和守恒定律．故A正确；

B、C、根据热力学第二定律，不违背能的转化和守恒定律，但是只从单一热源取热，使之完全变为有用功而不产生其他影响的机器是不可能制造出来的．故BC错误；

D、根据热力学第二定律，热效率是百分之百的热机是绝对不可能制造出来．故D正确．

故选：AD

解：

A、由题意可知系统绝热，因此Q=0，气体体积增大，对活塞做正功，根据△U=W+Q可知，气体对外做功，Q=0，因此内能降低，所以温度降低，根据气态方程可知其压强减小，故A错误，B正确；

C、压强减小，缸内气体在单位时间内作用于活塞单位面积的冲量则减小，故C错误；

D、被封闭气体温度降低，体积增大，因此气体分子在单位时间内与活塞碰撞的次数减小，故D正确．

故选BD．

解：A、由于大气压强不变，对A受力分析可知，被封闭气体压强不变，故A错误；

B、当活塞向下移动时，气体体积增大，外界对气体做负功，故B错误；

C、当缓慢增加重物的质量时，被封闭气体压强变小，温度不变，根据可知，气体体积增大，温度不变内能不变，体积增大，对外做功，由△U=W+Q可知，气体吸热，故C正确；

D、重物的质量缓慢增加，被封闭气体压强变小，根据可知，要保持体积不变，温度要降低，即内能减小，故D正确．

故选CD．

解：A、布朗运动就是固体颗粒的运动，间接反映了液体分子的无规则运动，A错误；

B、改变内能的方式有做功和热传递，若只有外界对物体做功时，物体的内能一定发生变化，B错误；

C、质量一定的理想气体，当温度升高时，它的内能一定增大，C正确；

D、质量一定的理想气体，当温度升高的同时压强增大，它的体积不一定增大，D错误；

故选：C．

解：A、布朗运动是悬浮在液体中固体微粒的运动，不是液体分子的热运动，固体微粒运动的无规则性，反映了液体分子运动的无规则性，故A错误；

B、第二类永动机不可能制造成功的原因没有违背能量转化和守恒定律，而是违反了热力学第二定律．故B错误．

C、由题，W=2.0×105J，Q=-1.5×105J，根据热力学第一定律得：△U=Q+W=0.5×105J，则内能增加了0.5×105J．故C正确．

D、利用浅层海水和深层海水之间的温度差制造一种热机，根据能量守恒定律得知可以将海水的一部分内能转化为机械能．故D正确．

故选CD

解：做功和热传递均可以改变物体的内能；故C正确，ABD错误；

故选：C．

解：物体放热时内能减小，温度不一定降低；如晶体在凝固的过程中，虽然继续放热，但温度是不变的．

故ABD错误，C正确

故选：C．

解：A、C、外界对物体做功，根据热力学第一定律△U=W+Q可知，内能不一定增加，还与热传递情况有关．若没有热传递Q=0，内能一定增加，故A错误，C正确．

B、外界向物体传递热量，根据热力学第一定律△U=W+Q可知，内能不一定增加，还与做功情况有关．故B错误．

D、物体向外放热，若同时物体对外界做功，根据热力学第一定律△U=W+Q可知，内能将减小，故D错误．

故选：C