- 动量守恒定律
- 共5880题
如图所示,光滑斜面、光滑水平面Ⅰ、光滑水平面Ⅱ及紧靠水平面Ⅰ的长木板M,木板上表面与水平面Ⅰ齐平,动摩擦μ=0.4.物块m1从高为h=7.2m处由静止释放无机械能损失滑到水平面Ⅰ,与m2碰后立即粘为一体,两物块滑到木板右端时恰好与木板相对静止.已知:m1=m2=1kg,M═4kg,g=10m/s2.求:
①物块m1与物块m2碰后,两物块的速度大小;
②木板的长度L.
正确答案
解:①(1)设物块 m1由静止滑到光滑水平面Ⅰ上时的速度为v1,由机械能守恒得:
m1gh=m1v12,
代入数据解得:v1=12m/s,
以两物块组成的系统为研究对象,两物块碰撞过程动量守候,以向右为正方向,由动量守候定律得:
m1v1=(m1+m2)v2,
代入数据解得:v2=6m/s;
②两物块滑上木板后,以物块与木板组成的系统为研究对象,以向右为正方向,由动量守恒定律得:
(m1+m2)v2=(m1+m2+M)v3,
代入数据得:v3=2m/s,
由能量守恒定律得:μ(m1+m2)gL=(m1+m2)v22-
(m1+m2+M)v32,
代入数据解得:L=3m;
答:①物块m1与物块m2碰后,两物块的速度大小为6m/s;
②木板的长度为3m.
解析
解:①(1)设物块 m1由静止滑到光滑水平面Ⅰ上时的速度为v1,由机械能守恒得:
m1gh=m1v12,
代入数据解得:v1=12m/s,
以两物块组成的系统为研究对象,两物块碰撞过程动量守候,以向右为正方向,由动量守候定律得:
m1v1=(m1+m2)v2,
代入数据解得:v2=6m/s;
②两物块滑上木板后,以物块与木板组成的系统为研究对象,以向右为正方向,由动量守恒定律得:
(m1+m2)v2=(m1+m2+M)v3,
代入数据得:v3=2m/s,
由能量守恒定律得:μ(m1+m2)gL=(m1+m2)v22-
(m1+m2+M)v32,
代入数据解得:L=3m;
答:①物块m1与物块m2碰后,两物块的速度大小为6m/s;
②木板的长度为3m.
A、B两个物体粘在一起以v0=3m/s的速度向右运动,物体中间有少量炸药,经过O点时炸药爆炸,假设所有的化学能全部转化为A、B两个物体的动能且两物体仍然在水平面上运动,爆炸后A物体的速度依然向右,大小变为vA=2m/s,B物体继续向右运动进入半圆轨道且恰好通过最高点D,已知两物体的质量mA=mB=1kg,O点到半圆最低点C的距离xOC=0.25m,水平轨道的动摩擦因数μ=0.2,半圆轨道光滑无摩擦,求:
(1)炸药的化学能E;
(2)半圆弧的轨道半径R.
正确答案
解:(1)爆炸过程,A、B系统动量守恒,以向右为正方向,由动量守恒定律得:
(mA+mB)v0=mAvA+mBvB,
代入数据解得:vB=4m/s,
由能量守恒定律可知,炸药释放飞化学能:
E=mAvA2+
mBvB2-
(mA+mB)v02=1J;
(2)B恰好通过D点,在D点重力提供向心力,
由牛顿第二定律得:mBg=mB,
爆炸后从O点到D点过程,对B,由动能定理得:
-μmBgxOC-mBg•2R=mBvD2-
mBvB2,
代入数据解得:R=0.3m;
答:(1)炸药的化学能E为1J;
(2)半圆弧的轨道半径R为0.3m.
解析
解:(1)爆炸过程,A、B系统动量守恒,以向右为正方向,由动量守恒定律得:
(mA+mB)v0=mAvA+mBvB,
代入数据解得:vB=4m/s,
由能量守恒定律可知,炸药释放飞化学能:
E=mAvA2+
mBvB2-
(mA+mB)v02=1J;
(2)B恰好通过D点,在D点重力提供向心力,
由牛顿第二定律得:mBg=mB,
爆炸后从O点到D点过程,对B,由动能定理得:
-μmBgxOC-mBg•2R=mBvD2-
mBvB2,
代入数据解得:R=0.3m;
答:(1)炸药的化学能E为1J;
(2)半圆弧的轨道半径R为0.3m.
(2015秋•兴庆区校级月考)如图所示,墙角固定着一根轻质弹簧,质量为m的物块与弹簧接触并对弹簧压缩,弹簧此时的弹性势能为Ep.质量为M=2m的
光滑圆弧形滑槽静止在光滑水平面上,滑槽底端与水平面相切.现释放弹簧,重力加速度为g,求
(I)物块能冲上滑槽的最大高度;
(II)物块再次压缩弹簧时,弹簧的最大弹性势能Epm.
正确答案
解:(ⅰ)弹簧的弹性势能转化为物块的动能为:EP=mv2
当物块运动至滑槽的最高点时,二者共速,选择向左为正方向,由能量(系统机械能)守恒定律,有:
mv2=
(m+M)v′2+mgh
由动量守恒定律有:mv=(m+M)v′
解得:h=
(ⅱ)由能量(系统机械能)守恒定律有:mv2=
mv
+
Mv
由动量守恒定律有:mv=mv1+Mv2
而弹簧的最大弹性势能为:Epm=mv
解得:Epm=EP
答:(I)物块能冲上滑槽的最大高度是;
(II)物块再次压缩弹簧时,弹簧的最大弹性势能EP
解析
解:(ⅰ)弹簧的弹性势能转化为物块的动能为:EP=mv2
当物块运动至滑槽的最高点时,二者共速,选择向左为正方向,由能量(系统机械能)守恒定律,有:
mv2=
(m+M)v′2+mgh
由动量守恒定律有:mv=(m+M)v′
解得:h=
(ⅱ)由能量(系统机械能)守恒定律有:mv2=
mv
+
Mv
由动量守恒定律有:mv=mv1+Mv2
而弹簧的最大弹性势能为:Epm=mv
解得:Epm=EP
答:(I)物块能冲上滑槽的最大高度是;
(II)物块再次压缩弹簧时,弹簧的最大弹性势能EP
如图,质量分别为mA、mB的两个弹性小球A、B,B静止在弹簧上方,B球距离地面的高度h=0.8m,A球在B球的正上方.先将A球释放,下落t=0.4s时,刚好与B球在弹簧上相碰,碰撞时间极短,忽略空气阻力,碰撞中无动能损失.已知mB=3mA,两球运动始终在竖直方向,重力加速度大小g=10m/s2.求:
(1)A球与B球碰撞前瞬间的速度;
(2)A球第一次反弹到达最高点时距地面的高度.
正确答案
解:(1)A球释放后做自由落体运动,根据自由落体运动公式得
A球与B球碰撞前瞬间的速度v1=gt=4m/s;
(2)设碰撞前后,A球的速度分别为v1、v1′,B球的速度分别为v2、v2′,
由于碰撞时间极短,两球碰撞前后动量守恒,动能守恒,规定向下的方向为正,则:
mAv1+mBv2=mAv1′+mBv2′(碰后B球速度为0)
mAv12+
mBv22=
mAv1′2+
mBv2′2
又知mB=3mA
解得:v1′=-2m/s,说明A球向上做竖直上抛运动,
由运动学规律可得h′==0.2m,
达最高点时距地面的高度H=0.8+0.2=1m
答:(1)A球与B球碰撞前瞬间的速度是4m/s;
(2)A球第一次反弹到达最高点时距地面的高度是1m.
解析
解:(1)A球释放后做自由落体运动,根据自由落体运动公式得
A球与B球碰撞前瞬间的速度v1=gt=4m/s;
(2)设碰撞前后,A球的速度分别为v1、v1′,B球的速度分别为v2、v2′,
由于碰撞时间极短,两球碰撞前后动量守恒,动能守恒,规定向下的方向为正,则:
mAv1+mBv2=mAv1′+mBv2′(碰后B球速度为0)
mAv12+
mBv22=
mAv1′2+
mBv2′2
又知mB=3mA
解得:v1′=-2m/s,说明A球向上做竖直上抛运动,
由运动学规律可得h′==0.2m,
达最高点时距地面的高度H=0.8+0.2=1m
答:(1)A球与B球碰撞前瞬间的速度是4m/s;
(2)A球第一次反弹到达最高点时距地面的高度是1m.
两物块A、B用轻弹簧相连,质量均为2kg,初始时弹簧处于原长,A.B两物块都以v=6m/s的速度在光滑的水平地面上运动,质量1kg的物块C静止在前方,如图所示.B与C发生弹性碰撞.求在以后的运动中:
(1)物块C的速度为多大?
(2)弹簧的弹性势能的最大值是多少?
正确答案
解:(1)B与C之间发生弹性碰撞,以BC组成的系统为研究对象,取向右为正方向,由系统的动量守恒定律和机械能守恒定律得:
mBv=mBvB+mCvC,
=
+
解得:vB=v=
×6m/s=2m/s,
vc=v=
m/s=8m/s;
(2)B、C碰撞后,当A、B的速度相同时,弹簧的弹性势能最大.设AB相同速度为v′.
以AB组成的系统为研究对象,取向右为正方向,由系统的动量守恒定律和机械能守恒定律得:
mAv+mBvB=(mA+mB)v′;
+
=
(mA+mB)v′2+Epm;
代入数据得:
2×6+2×2=(6+2)×v′;
×62+
×2×22=
(6+2)v′2+Epm;
解得:Epm=8J.
答:(1)物块C的速度为8m/s.
(2)弹簧的弹性势能的最大值是8J.
解析
解:(1)B与C之间发生弹性碰撞,以BC组成的系统为研究对象,取向右为正方向,由系统的动量守恒定律和机械能守恒定律得:
mBv=mBvB+mCvC,
=
+
解得:vB=v=
×6m/s=2m/s,
vc=v=
m/s=8m/s;
(2)B、C碰撞后,当A、B的速度相同时,弹簧的弹性势能最大.设AB相同速度为v′.
以AB组成的系统为研究对象,取向右为正方向,由系统的动量守恒定律和机械能守恒定律得:
mAv+mBvB=(mA+mB)v′;
+
=
(mA+mB)v′2+Epm;
代入数据得:
2×6+2×2=(6+2)×v′;
×62+
×2×22=
(6+2)v′2+Epm;
解得:Epm=8J.
答:(1)物块C的速度为8m/s.
(2)弹簧的弹性势能的最大值是8J.
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