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题型:简答题
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简答题

如图所示,质量分别为m1=1kg,m2=3kg的小车A和B静止在水平面图1上,小车A的右端水平连接一根轻弹簧,小车B以水平向左的初速度v0向A驶来,与轻弹簧相碰之后,小车A获得的最大速度为v=6m/s,如果不计摩擦,也不计相互作用过程中机械能损失,求:

①小车B的初速度v0

②A和B相互作用过程中,弹簧获得的最大弹性势能.

正确答案

解:①由题意可得,当A、B相互作用弹簧恢复到原长时A的速度达到最大,设此时B的速度为v2,所以:

由动量守恒定律可得:m2v0=m1v+m2v2

相互作用前后系统的总动能不变:m2v02=m1v2+m2v22

解得:v0=4m/s;

②第一次弹簧压缩到最短时,弹簧的弹性势能最大,设此时A、B有相同的速度v′,

根据动量守恒定律有:m2v0=(m1+m2)v′,

此时弹簧的弹性势能最大,等于系统动能的减少量:

△E=m2v02-(m1+m2)v′2=6J;

答:①小车B的初速度v0为4m/s.

②A和B相互作用过程中,弹簧获得的最大弹性势能为6J.

解析

解:①由题意可得,当A、B相互作用弹簧恢复到原长时A的速度达到最大,设此时B的速度为v2,所以:

由动量守恒定律可得:m2v0=m1v+m2v2

相互作用前后系统的总动能不变:m2v02=m1v2+m2v22

解得:v0=4m/s;

②第一次弹簧压缩到最短时,弹簧的弹性势能最大,设此时A、B有相同的速度v′,

根据动量守恒定律有:m2v0=(m1+m2)v′,

此时弹簧的弹性势能最大,等于系统动能的减少量:

△E=m2v02-(m1+m2)v′2=6J;

答:①小车B的初速度v0为4m/s.

②A和B相互作用过程中,弹簧获得的最大弹性势能为6J.

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简答题

如图所示,质量均为m的A.B两球间有压缩的短弹簧,弹簧处于锁定状态,若整个装置放置在水平面上竖起.光滑的发射管内(两球的大小尺寸和弹簧尺寸都可忽略,它们整个可视为质点),解除锁定后,A球能上升的最大高度为H,现在让两球包括锁定的弹簧从水平面出发,沿光滑的半径为R的半圆槽从右侧由静止开始下滑,至最低点时,瞬间锁定解除,求A球离开圆槽后能上升的最大高度.

正确答案

解:当发射管竖起放置时,解除锁定后弹簧将弹性势能全部转化为A的机械能,则弹簧的弹性势能为Em=mgH;

设AB组成的系统从水平滑到圆轨道最低点速度为vc,弹簧解除锁定后A、B的速度分别为v1、v2,则有:

2mgR=2m

2mv0=mvA+mvB

2m+E=m+m

联立上式解得:

vA=+

设A球相对水平面上升的最大高度为h,则h+R=,所以h=+

答:A球离开圆槽后能上升的最大高度为+

解析

解:当发射管竖起放置时,解除锁定后弹簧将弹性势能全部转化为A的机械能,则弹簧的弹性势能为Em=mgH;

设AB组成的系统从水平滑到圆轨道最低点速度为vc,弹簧解除锁定后A、B的速度分别为v1、v2,则有:

2mgR=2m

2mv0=mvA+mvB

2m+E=m+m

联立上式解得:

vA=+

设A球相对水平面上升的最大高度为h,则h+R=,所以h=+

答:A球离开圆槽后能上升的最大高度为+

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简答题

如图所示.质量为m的小球A静止在光滑水平轨道上,小球A距左端竖直墙壁的距离为s.另一个质量为M=3m的小球B以速度v0沿轨道向左运动并与A发生对心正碰,已知碰后A球的速度大小为1.2v0,小球A与墙壁的碰撞过程中无机械能损失,两小球均可视为质点,且碰撞时间极短.求:

(1)两球发生第一次碰撞后小球B的速度大小和方向;

(2)两球发生碰撞的过程中A球对B球做功的大小;

(3)两球发生第二次碰撞的位置到竖直墙壁的距离.

正确答案

解:(1)A、B两球碰撞过程动量守恒,即Mv0=Mv+mv,

根据已知M=3m,v=1.2v0,解得:v=0.6v0

方向与B球碰撞前的速度方向相同.

(2)A球对B球所做功的大小等于B球动能的变化量

所以A球对B球所做功的大小为W=Mv02-Mv2=0.96mv02

(3)设A、B两球发生第二次碰撞的位置距墙壁为x,

则A球以1.2v0的速度运动的距离为s+x,B球以0.6v0运动的距离为s-x,

A、B两球运动的时间相等,即有=

解得两球发生第二次碰撞的位置距墙壁x=s;

解析

解:(1)A、B两球碰撞过程动量守恒,即Mv0=Mv+mv,

根据已知M=3m,v=1.2v0,解得:v=0.6v0

方向与B球碰撞前的速度方向相同.

(2)A球对B球所做功的大小等于B球动能的变化量

所以A球对B球所做功的大小为W=Mv02-Mv2=0.96mv02

(3)设A、B两球发生第二次碰撞的位置距墙壁为x,

则A球以1.2v0的速度运动的距离为s+x,B球以0.6v0运动的距离为s-x,

A、B两球运动的时间相等,即有=

解得两球发生第二次碰撞的位置距墙壁x=s;

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简答题

气球质量200kg截有质量为50kg的人,静止在空中距地面20m高的地方,气球下悬一质量不计的绳子,此人想从气球上沿绳慢慢下滑至地面,为安全到达地面,则这根绳至少多长?

正确答案

解:人与气球组成的系统动量守恒,设人的速度v1,气球的速度v2,设运动时间为t,

以人与气球组成的系统为研究对象,以向下为正方向,

由动量守恒得:m1v1-m2v2=0,则m1-m2=0,

50×-200×=0,s气球=s=×20m=5m,

气球球和人运动的路程之和为为绳子的长度,

则绳子长度L=s气球+s=20m+5m=25m,即绳子至少长25m长.

答:这根绳至少长25m.

解析

解:人与气球组成的系统动量守恒,设人的速度v1,气球的速度v2,设运动时间为t,

以人与气球组成的系统为研究对象,以向下为正方向,

由动量守恒得:m1v1-m2v2=0,则m1-m2=0,

50×-200×=0,s气球=s=×20m=5m,

气球球和人运动的路程之和为为绳子的长度,

则绳子长度L=s气球+s=20m+5m=25m,即绳子至少长25m长.

答:这根绳至少长25m.

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简答题

如图,小球A和B紧靠一起静止于光滑平台上,mA:mB=3:5,两小球在内力作用下突然分离,A分离后向左运动恰好通过半径R=0.5m的光滑半圆轨道的最高点,B球分离后从平台上水平抛出,恰好落在临近平台的一倾角为α的光滑斜面顶端,并刚好沿光滑斜面下滑,已知斜面顶端与平台的高度差h=0.8m,

g=10m/s2,则

(1)AB两球刚分离时A的速度大小

(2)斜面距离平台的水平距离s

(3)B球沿斜面下滑的加速度.

正确答案

解:(1)小球A恰好滑到圆轨道最高点,则在最高点有

mAvA=mA…①

物体沿光滑半圆上滑到最高点过程机械能守恒

mAg2R+mA=mA…②

由①、②得:vα=5m/s…③

即AB两球刚分离时A的速度大小5m/s.

(2)AB分离时,由动量守恒定律得:

mAvA=mBvB 

解得

vB=3m/s…④

B分离后做平抛运动,有平抛运动的规律得

h=gt2解得

t=0.4s…⑤

s=vBt…⑥

由④、⑤、⑥得:

s=1.2m  

即斜面距离平台的水平距离s为1.2m.

(3)小球刚好斜面下滑,说明小球到斜面的速度与斜面平行:

vy=gt…⑦

v=…⑧

sinα=…⑨

由⑦⑧⑨解得α=53°

物体沿斜面下滑,受重力和支持力,根据牛顿第二定律,有

ma=mgsinα…⑩

解得α=gsinα=8m/s2

即B球沿斜面下滑的加速度为8m/s2

解析

解:(1)小球A恰好滑到圆轨道最高点,则在最高点有

mAvA=mA…①

物体沿光滑半圆上滑到最高点过程机械能守恒

mAg2R+mA=mA…②

由①、②得:vα=5m/s…③

即AB两球刚分离时A的速度大小5m/s.

(2)AB分离时,由动量守恒定律得:

mAvA=mBvB 

解得

vB=3m/s…④

B分离后做平抛运动,有平抛运动的规律得

h=gt2解得

t=0.4s…⑤

s=vBt…⑥

由④、⑤、⑥得:

s=1.2m  

即斜面距离平台的水平距离s为1.2m.

(3)小球刚好斜面下滑,说明小球到斜面的速度与斜面平行:

vy=gt…⑦

v=…⑧

sinα=…⑨

由⑦⑧⑨解得α=53°

物体沿斜面下滑,受重力和支持力,根据牛顿第二定律,有

ma=mgsinα…⑩

解得α=gsinα=8m/s2

即B球沿斜面下滑的加速度为8m/s2

下一知识点 : 动量守恒定律的应用
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