热门试卷

X 查看更多试卷
1
题型:简答题
|
简答题 · 12 分

选修

18.下列说法正确的是__     ___

A石英晶体加热熔化后再凝固成的水晶是非晶体

B悬浮在液体中的微粒越小,受到液体分子的撞击就越容易平衡

C空气中的水蒸汽的实际压强越大,说明空气中的相对湿度越大

D液体表面的分子距离大于分子间的平衡距离,使得液面有表面张力

19.已知氮气的摩尔质量为M,在某状态下氮气的密度为,阿伏加德罗常数为NA,在该状态下体积为V1的氮气分子数为      ,该氮气变为液体后的体积为V2,则一个氮分子的体积约为   

20.如图所示,用导热性能良好的气缸和活塞封闭一定质量的理想气体,气体的体积V1=8.010﹣3m3,温度T1=4.0102K.现使外界环境温度缓慢降低至T2,此过程中气体放出热量7.0102J,内能减少了5.0102J.不计活塞的质量及活塞与气缸间的摩擦,外界大气压强p0=1.0105Pa.求T2的值.

第(1)小题正确答案及相关解析

正确答案

A,D

解析

A选项,天然钻石熔化后,再凝固由于放热且没有足够的压力不能形成稳定结构,故不是晶体,正确。

B选项,做布朗运动的微粒越大越容易受分子撞击平衡。错误

C选项,空气的相对湿度指水在空气中的蒸汽压与同温度同压强下水的饱和蒸汽压的比值。错误

D选项,液体的表面张力是因为液体与空气接触的表面存在一个表面薄层,这一层的分子比内部液体分子距离稍大。分子间作用力表现为引力。正确

考查方向

本题主要考察分子动理论、内能,固体的微观结构晶体和非晶体,阿伏伽德罗常数,理想气体状态方程,属于选修3-3热学的基础,在高考中为选考。

解题思路

晶体和非晶体在一定条件下可以相互转化,天然钻石熔化后,再凝固由于放热且没有足够的压力不能形成稳定结构,故不是晶体。做布朗运动的微粒越大越容易受分子撞击平衡。空气的相对湿度指水在空气中的蒸汽压与同温度同压强下水的饱和蒸汽压的比值。液体的表面张力是因为液体与空气接触的表面存在一个表面薄层,这一层的分子比内部液体分子距离稍大。分子间作用力表现为引力。根据一mol任何物质所含的粒子数为阿伏伽德罗常数,单个分子的质量单个分子的体积,都可有1mol物质的质量和体积求解。

易错点

不能准确分析圆周运动过程的临界条件

第(2)小题正确答案及相关解析

正确答案

解析

考查方向

本题主要考察分子动理论、内能,固体的微观结构晶体和非晶体,阿伏伽德罗常数,理想气体状态方程,属于选修3-3热学的基础,在高考中为选考。

解题思路

晶体和非晶体在一定条件下可以相互转化,天然钻石熔化后,再凝固由于放热且没有足够的压力不能形成稳定结构,故不是晶体。做布朗运动的微粒越大越容易受分子撞击平衡。空气的相对湿度指水在空气中的蒸汽压与同温度同压强下水的饱和蒸汽压的比值。液体的表面张力是因为液体与空气接触的表面存在一个表面薄层,这一层的分子比内部液体分子距离稍大。分子间作用力表现为引力。根据一mol任何物质所含的粒子数为阿伏伽德罗常数,单个分子的质量单个分子的体积,都可有1mol物质的质量和体积求解。

易错点

不能准确分析圆周运动过程的临界条件

第(3)小题正确答案及相关解析

正确答案

解析

设温度降低至T2时气体的体积为V2,则

由热力学第一定律ΔU=W+Q    解得   W=2102J

考查方向

本题主要考察分子动理论、内能,固体的微观结构晶体和非晶体,阿伏伽德罗常数,理想气体状态方程,属于选修3-3热学的基础,在高考中为选考。

解题思路

晶体和非晶体在一定条件下可以相互转化,天然钻石熔化后,再凝固由于放热且没有足够的压力不能形成稳定结构,故不是晶体。做布朗运动的微粒越大越容易受分子撞击平衡。空气的相对湿度指水在空气中的蒸汽压与同温度同压强下水的饱和蒸汽压的比值。液体的表面张力是因为液体与空气接触的表面存在一个表面薄层,这一层的分子比内部液体分子距离稍大。分子间作用力表现为引力。根据一mol任何物质所含的粒子数为阿伏伽德罗常数,单个分子的质量单个分子的体积,都可有1mol物质的质量和体积求解。

易错点

不能准确分析圆周运动过程的临界条件

1
题型:简答题
|
简答题 · 15 分

物理一选修3-3

30.下列关于分子运动和热现象的说法正确的是(    )

A气体如果失去了容器的约束就会散开,这是因为气体分子之间存在势能的缘故

B一定量100℃的水变成100℃的水蒸汽,其分子之间的势能增加

C对于一定量的气体,如果压强不变,体积增大,那么它一定从外界吸热

D如果气体分子总数不变,而气体温度升高,气体分子的平均动能增大,因此压强必然增大

E一定量气体的内能等于其所有分子热运动动能和分子之间势能的总和

31.如图所示,圆柱形容器内用活塞封闭一定质量的理想气体,已知容器横截面积为S,活塞重为G,大气压强为p0。若活塞固定,封闭气体温度升高1℃,需吸收的热量为Q1;若活塞不固定,仍使封闭气体温度升高1℃,需吸收的热量为 Q2。不计一切摩擦,在活塞可自由移动时,封闭气体温度 升高1℃,活塞上升的高度h应为多少?

第(1)小题正确答案及相关解析

正确答案

B,C,E

解析

因为气体分子分子与分间间距很大,之间作用力几乎为0,所以气体如果失去了容器的约束就会散开,并不是因为有分子势能,所以A错;一定量100℃的水变成100℃的水蒸汽,分子间距变大了,克服分子力做功所以其分子之间的势能增加,所以B项正确;对于一定量的气体,如果压强不变,体积增大,温度一定升高,内能增加,体积增大,一定对外做功了,根据热力学第一定律,一定是一定从外界吸热;如果气体分子总数不变,而气体温度升高,气体分子的平均动能增大,因为不知道体积如何变化所以因此压强变化不确定,所以D错误;根据内能的定义,一定量气体的内能等于其所有分子热运动动能和分子之间势能的总和,所以E正确。

考查方向

本题考查了分子势能,内能和热力学第一定律。

解题思路

根据内能分子势能的概念和热力学第一定律直接判定。

易错点

本题D项中体积不变的情况下才成立这是一个易错点。

第(2)小题正确答案及相关解析

正确答案

解析

活塞固定时,由热力学第一定律,气体增加的内能Q1 

活塞不固定时,外界对气体做功为W,

则Q2+W= Q2-(p0Sh+Gh)

对活塞由能量守恒定律得Gh= W-p0Sh 所以W=-W=-(p0Sh+Gh)    

解得活塞上升的高度

考查方向

本题考查了热力学第一定律和能量守恒定律

解题思路

(1)由热力学第一定律,确定气体增加的内能

(2)活塞不固定时,求出外界对气体做功为W

(3)对活塞由能量守恒定律列方程求出上升高度h

易错点

本题当活塞不固定时,外界对气体做功为W时易忘记克服大气压做功。

1
题型:简答题
|
多选题

1977年加涅根据学生学习结果将学习分为()

A.言语信息
B.智慧技能
C.认知策略
D.动作技能
E.态度

正确答案

A,B,C,D,E

解析

暂无解析

1
题型:简答题
|
简答题 · 10 分

选考题一

一定质量的理想气体被活塞封闭在气缸内,如图所示水平放置。活塞的质量m=20kg,横截面积S=100cm2,活塞可沿气缸壁无摩擦滑动但不漏气,开始使气缸水平放置,活塞与气缸底的距离L1=12cm,离气缸口的距离L2=3cm。外界气温为27℃,大气压强为1.0×105Pa,将气缸缓慢地转到开口向上的竖直位置,待稳定后对缸内气体逐渐加热,使活塞上表面刚好与气缸口相平,已知g=10m/s2,求:

33.此时气体的温度为多少?

34.在对缸内气体加热的过程中,气体膨胀对外做功,同时吸收Q=370J的热量,则气体增加的内能△U多大?

第(1)小题正确答案及相关解析

正确答案

T1T0=×300 K=450 K

解析

当气缸水平放置时,p0=1.0×105 Pa,V0=L1S=12S,T0=273+27=300K,

当气缸口朝上,活塞到达气缸口时,活塞的受力分析图如图所示:

由平衡条件得:p1S=p0S+mg,

解得:

此时气体的体积:V1=(L1+L2)S=15S,

由理想气体状态方程得:

代入:

解得:

考查方向

理想气体的状态方程

解题思路

根据题意求出气缸内气体的状态参量,然后应用理想气体状态方程可以求出气体的温度.

易错点

根据理想气体方程求解关键是要找对气体初末状态参量.

第(2)小题正确答案及相关解析

正确答案

ΔUWQ得ΔU=310 J

解析

当气缸口向上,未加热稳定时,由玻意耳定律得:

p0L1S=p1LS,

即:1.0×105×12=1.2×105×L,

解得:L=10cm,

加热后,气体做等压变化,外界对气体做功为:

W=-p0(L1+L2-L)S-mg(L1+L2-L)=-60J

根据热力学第一定律可知:△U=W+Q=370-60=310J;

考查方向

气体实验定律;热力学第一定律

解题思路

根据功的公式求出气体对外做的功,然后应用热力学第一定律求出气体内能的增量.

易错点

应用热力学第一定律解题时要注意各量的正负号,从而确定气体内的变化.

1
题型:填空题
|
填空题 · 4 分

34.选考题一

一定质量的理想气体由状态A经状态B变化到状态C的p-V图象如图所示。在由状态A变化到状态B的过程中,理想气体的温度          (填“升高”、“降低”或“不变”)。在由状态A变化到状态C的过程中,理想气体吸收的热量       它对外界做的功(填“大于”、“小于”或“等于”)。

正确答案

升高(2分),大于(2分)

解析

根据pV=CT,C不变,pV越大,T越高.状态在B(3,2)处温度比状态在A(1,3)处高.故从A→B过程温度升高,状态A与状态C比较,pV乘积值增大,所以在C状态时的温度大于A状态时的温度,故气体从A到C内能增大,由图可知从A到C过程中气体的体积变大,气体对外界做功,根据热力学第一定律△U=Q+W可知,由状态A变化到状态C的过程中△U>0,则理想气体吸收的热量大于它对外界做的功.

考查方向

理想气体的状态方程; 热力学第一定律

解题思路

根据气体状态方程和已知的变化量去判断温度的变化.对于一定质量的理想气体,内能只与温度有关,根据热力学第一定律判断气体吸热还是放热.

易错点

本题关键根据P-V图象判断出气体在A到C变化过程中温度是升高的,说明气体内能增大.

知识点

理想气体的状态方程
1
题型:填空题
|
填空题 · 9 分

35.选考题一

如图所示,开口向上竖直放置的内壁光滑气缸,其侧壁是绝热的,底部导热,内有两个质量均 为m的密闭活塞,活塞A导热,活塞B绝热,将缸内理想气体分成Ⅰ、Ⅱ两部分.初状态整个装置静止不动且处于平衡状态,Ⅰ、Ⅱ两部分气体的高度均为l0,温度为T0.设外界大气压强为P0保持不变,活塞横截面积为S,且mg=P0S,环境温度保持不变.

求:在活塞A上逐渐添加铁砂,当铁砂质量等于2m时,两活塞在某位置重新处于平衡,活塞B下降的高度.

正确答案

活塞 B 下降的高度为l0

解析

对I气体,初状态:

末状态:

由玻意耳定律得: 

所以,

对 I I气体,初状态:

末状态:

由玻意耳定律得:  

所以,

B活塞下降的高度为:

考查方向

气体的实验定律

解题思路

活塞A导热且环境温度保持不变,所以Ⅰ部分气体为等温变化,列式时列等温变化方程; 气缸侧壁是绝热的,底部导热,所以Ⅱ部分气体也为等温变化,列式时列等温变化方程.

易错点

本题关键找出气体初末状态的状态参量,根据玻意耳定律列方程.

知识点

理想气体的状态方程
1
题型:简答题
|
单选题

-4,3,2,10,26,( )。

A.124
B.72
C.118
D.92

正确答案

D

解析

[解析] 前一项依次与自然数1,2,3…相乘,加上后一项的二倍,即可得到第三项。-4×1+3×2=2,3×2+2×2=10,2×3+10×2=26,由此可知下一项应为10×4+26×2=92。故本题答案为D。

1
题型:简答题
|
单选题

十二指肠溃疡病人上腹部疼痛的典型节律是

A.疼痛-进食-缓解
B.进食-缓解-疼痛
C.缓解-疼痛-进食
D.进食-疼痛-缓解
E.疼痛-进食-疼痛

正确答案

A

解析

十二指肠溃疡疼痛常在进餐后1~3小时出现,如不服药或进食则要持续至下次进餐后为止,约半数有午夜痛,其典型节律为疼痛-进食-缓解。

1
题型:简答题
|
简答题 · 15 分

物理—选修3-3】(15分)

19.下列说法正确的是         (填正确答案标号,选对1个得2分,选对2个得4分, 选对3个得5分;每选错1个扣3分,最低得分为0分)

A布朗运动虽不是分子运动,但它证明了组成固体颗粒的分子在做无规则运动

B液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离

C扩散现象可以在液体、气体中进行,不能在固体中发生

D随着分子间距增大,分子间引力和斥力均减小,分子势能不一定减小

E气体体积不变时,温度越高,单位时间内容器壁单位面积受到气体分子撞击的次数越多

20.如图所示,U形管两臂粗细不等,开口向上,右端封闭的粗管横截面积是开口的细管的三倍,管中装入水银,大气压为76cmHg。左端开口管中水银面到管口距离为11cm,且水银面比封闭管内高4cm,封闭管内空气柱长为11cm。现在开口端用小活塞封住,并缓慢推动活塞,使两管液面相平,推动过程中两管的气体温度始终不变,试求:①粗管中气体的最终压强;②活塞推动的距离。

第(1)小题正确答案及相关解析

正确答案

B,D,E

考查方向

布朗运动,分子力,

第(2)小题正确答案及相关解析

正确答案

(2)解①设左管横截面积为S,则右管横截面积为3S,以右管封闭气体为研究对象.初状态p1=80 cmHg,V1=11×3S=33S,
两管液面相平时,Sh1=3Sh2,h1+h2=4 cm,解得h2=1 cm, 
此时右端封闭管内空气柱长l=10 cm, 
V2=10×3S=30S
气体做等温变化有p1V1=p2V2  
即80×33S=p2×30S    解得p2=88cmHg 
②以左管被活塞封闭气体为研究对象
p1′=76 cmHg,V1′=11S,p2=p2′=88 cmHg
气体做等温变化有p1′V1′=p2′V2′  
解得V2′=9.5S 
活塞推动的距离为L=11 cm+3 cm-9.5 cm=4.5cm

解析

解①设左管横截面积为S,则右管横截面积为3S,以右管封闭气体为研究对象.初状态p1=80 cmHg,V1=11×3S=33S,

两管液面相平时,Sh1=3Sh2,h1+h2=4 cm,解得h2=1 cm, 

此时右端封闭管内空气柱长l=10 cm, 

V2=10×3S=30S

气体做等温变化有p1V1=p2V2  

即80×33S=p2×30S    解得p2=88cmHg 

②以左管被活塞封闭气体为研究对象

p1′=76 cmHg,V1′=11S,p2=p2′=88 cmHg

气体做等温变化有p1′V1′=p2′V2′  

解得V2′=9.5S 

活塞推动的距离为L=11 cm+3 cm-9.5 cm=4.5cm

考查方向

理想气体的状态方程

解题思路

以粗管封闭气体为研究对象,气体发生等温变化,根据理想气体状态方程可求得最终压强;再以左管气体为研究对象,气体发生等温变化,根据理想气体状态方程可求得气体体积,从而可得活塞推动的距离.

易错点

本题关键确定封闭气体的初末状态的气压、温度、体积,然后结合理想气体状态方程列式后联立求解.

教师点评

本题关键确定封闭气体的初末状态的气压、温度、体积,然后结合理想气体状态方程列式后联立求解.

1
题型:简答题
|
简答题 · 15 分

13.【物理——选修3-3】

(1)下列有关热现象的叙述中,正确的是(  )(填正确答案标号,选对一个的得2分,选对2个得4分,选对3个得5分。每选错一个扣3分,最低得分为0分)

A.一切自然过程总是沿着分子热运动无序性减小的方向进行 

B.机械能转化为内能的实际宏观过程是不可逆过程 

C.气体可以从单一热源吸收热量,全部用来对外做功

D.第二类永动机没有违反能量守恒定律,但违反了热力学第一定律

E.热量可以从低温物体传到高温物体,但是不可能不引起其它变化

(2)如图所示,两个可导热的气缸竖直放置,它们的底部都由一细管连通(忽略细管的容积)。两气缸各有一个活塞,质量分别为m1和m2,活塞与气缸无摩擦。活塞的下方为理想气体,上方为真空。当气体处于平衡状态时,两活塞位于同一高度h.(已知m1=2m,m2=m)

①在两活塞上同时各放一质量为m的物块,求气体再次达到平衡后两活塞的高度差(假定环境温度始终保持为T0)。

②在达到上一问的终态后,环境温度由T0缓慢上升到1.25T0,试问在这个过程中,气体对活塞做了多少功?(假定在气体状态变化过程中,两物块均不会碰到气缸顶部)。

正确答案

(1)(BCE)        

(2)①h      ②W=0.75mgh

解析

(1)(BCE)

(2)解:

①设左、右活塞的面积分别为S'和S,由于气体处于平衡状态,故两活塞对气体的压强相等,即:=            由此得:S′=2S

在两个活塞上各加质量为m的物块后,假设左右两活塞仍没有碰到汽缸底部,由平衡条件:P=,P=,P<P,则右活塞降至气缸底部,所有气体都在左气缸中

在初态,气体的压强为,体积为3Sh;

在末态,气体压强为,体积为2xS(x为左活塞的高度)

由玻意耳定律得:·3Sh =·2xS

解得:x=h,即两活塞的高度差为x=h

②当温度由T0上升至T=1.25T0时,气体的压强不变,设x'是温度达到T时左活塞的高度,由盖·吕萨克定律得:x'=      x=1.25h

活塞对气体做的功为:W=FS=3mg(x'-x)=0.75mgh

考查方向

本题主要考查了理想气体方程   

解题思路

活塞类问题的解法:

1.一般思路 

(1)分析题意,确定对象:热学研究对象(一定质量的气体);力学研究对象(活塞、缸体或系统)。 

(2)分析物理过程,对热学对象依据气体实验定律列方程;对力学对象依据牛顿运动定律列方程。

 (3)挖掘隐含条件,列辅助方程。 

(4)联立求解,检验结果。

 2.常见类型 

(1)系统处于力学的平衡状态,综合利用气体实验定律和平衡方程求解。 

(2)系统处于力学的非平衡状态,综合利用气体实验定律和牛顿运动定律求解。 

(3)容器与封闭气体相互作用满足守恒定律的条件(如动量守恒、能量守恒、质量守恒等)时,可联立相应的守恒方程求解。 

(4)多个相互关联的气缸分别密闭几部分气体时,可分别研究各部分气体,找出它们各自遵循的规律,列出相应的气体状态方程,再列出各部分气体压强之间及体积之问的关系式,联立求解。

易错点

系统处于力学的平衡状态,综合利用气体实验定律和平衡方程求解。

知识点

热力学第二定律理想气体的状态方程
下一知识点 : 气体分子运动的特点
百度题库 > 高考 > 物理 > 理想气体的状态方程

扫码查看完整答案与解析

  • 上一题
  • 1/10
  • 下一题