热门试卷

解：A、由瞬时值的表达式可知，原线圈的电压最大值为220V，所以原线圈的电压的有效值为=220V，在根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压的有效值为55V，即为电压表的读数，所以A正确．

B、变压器不会改变电流的周期，则副线圈输出电流的周期为T==，所以B错误．

C、副线圈的电流为，根据电流与匝数成反比可得，原线圈的电流大小为=0.5A，所以C正确．

D、变压器的输入功率和输出功率相等，副线圈的功率为P==，所以原线圈中的输入功率也为110W，所以D错误．

故选AC．

解：由AB两端接入电压为u=3sin314t（V）可知：U1=3V，T===0.02s

A、根据==可知：U2=6V，所以CD端电压最大值为6V，而击穿电压为最大值，所以将击穿电压为6V的电容器接在C、D两端，不能正常工作，故A错误；

B、由题意得：T=0.02s，把电磁打点计时器接在C、D两端，打点周期为0.02s，故B正确；

C、额定电压为有效值，CD端的有效值为6V，所以把额定电压为6V的小灯泡接在C、D两端，小灯泡能正常工作，故C正确；

D、电压表读数为有效值，所以电压表读数为6V，故D错误．

故选：BC．

解：A、小灯泡正常发光，故变压器的输出电流为：I2=；根据变流比公式：，解得：I1=2A；故A错误；

B、小灯泡正常发光，故变压器的输出电压为36V，根据变压比公式，解得：U1=18V；故矩形线圈产生电动势的有效值为18V；故B错误；

C、矩形线圈产生电动势的最大值为18V，根据公式Em=NBSω，解得：ω=；故从矩形线圈转到中性面开始计时，矩形线圈电动势随时间的变化规律e=Emsinωt=V；故C正确；

D、若矩形线圈转速减小，根据公式Em=NBSω，感应电动势的最大值减小，故有效值也减小；为使灯泡仍能正常发光，应该减小变压比，故应将P适当下移；故D错误；

故选：C．

解：A、把变压器和R看做一个整体，等效电阻为R′，则当R′=r时，总功率为P总== 负载功率为P负载=，则其效率为50%．则A正确，C错误；

　　B、电流表的读数为有副线圈电流的有效值：原线圈电流有效值为I1=，则：=，故B正确；

　　D、由图知周期为0.04S，则其ω=，则瞬时值表达式为e=Emsin（50π），故D错误；

故选：AB．

解：A、由交流电的瞬时值可得电压的最大值为20V，所以电压的有效值为20V，交流电压表的示数为电压的有效值，所以电压表的示数为20V，所以A错误．

B、变压器不会改变电流的频率，所以副线圈输出交流电的频率为f====50Hz，所以B正确．

C、根据电压与匝数成正比可得，副线圈的电压为200V，所以电阻R上消耗的电功率为P==W=2kW，所以C正确．

D、副线圈的电流为I2==A=10A，根据电流与匝数成反比可得，原线圈中的电流为100A，所以电流的最大值为100A，所以D错误．

故选BC．

解：由输入端交变电压u的图象，可求出有效值36V，由原、副线圈匝数之比3：1，可得原、副线圈的电压之比3：1，电流之比1：3，设灯泡两端电压为U，所以U+3U=36V，则U=9V，因此原线圈电压为27V，副线圈电压为9V，四只灯泡均能正常发光．电流表的读数为I=3=3×A=2A．

A、由上可知，电压表示数为27V，故A错误；

B、三只灯泡均能正常发光，故B正确；

C、由上可知，电流表示数为2A．故C正确；

D、变压器副线圈两端交变电流的频率f===50Hz，故D正确；

故选：BCD

解：A、变压器不改变的电流的频率，所以原、副线圈中电流频率之比f1：f2=1：1，所以A错误；

B、电压表V的读数为100V，原、副线圈匝数比n1：n2=10：1，所以副线圈的电压为10V，电流表A2的读数为A=2A，所以B正确；

C、根据电流与匝数成反比可得，电流表A1的读数0.2A，所以C正确；

D、变压器的输入功率等于输出功率为P=U2I2=10×2W=20W，所以D错误；

故选：BC