热门试卷

A、由图象可知，交流电的周期为0.02s，所以交流电的频率为50Hz，所以A错误．

B、根据电压与匝数成正比可知，原线圈的电压的最大值为310V，所以副线圈的电压的最大值为31V，所以电压的有效值为V=V，所以B错误．

C、P右移，R变小，副线的电压不变，则副线圈的电流变大，原线圈的电流也随之变大，故C错误．

D、P向右移动时，滑动变阻器的电阻较小，副线圈的电压不变，所以电路消耗的功率将变大，变压器的输出功率增加，故D正确．

故选：D．

解：A、线圈转动产生的电动势最大值为：

Em=NBSω=1100V 

由于线圈内阻不计，则输出电压就等于电动势，得输出电压的有效值为：

U1===1100 V  

故A错误；

B、由于电动机的额定电压为220V，所以变压器的匝数比由变压器的电压关系得：

=

得：

=

故B正确；

C、根据P入=P出=2.2×104W 

  再根据P入=U1 I1

  解得 I1==20A

故C正确；

D、由于线圈内阻不计，则输出电压就等于电动势，但匝数不确定，故不能保证变压器原线圈中的磁通量的最大变化率与发电机线圈中磁通量的最大变化率相同；故D错误；

故选：BC．

解：AB、滑动触头P处于某一确定位置，则变压器的输出电压不变；当变阻器R的滑动触头下滑时，接入电路的有效电阻减小，电流表示数将变大．故A、B错误；

C、若滑动触头P和变阻器R的滑动触头同时上移，则变压器的输出电压增大，负载的电阻也增大，所以电流表示数不一定变大．故C错误；

D、由乙图可得变压器的输入电压的最大值是220V，有效值是220V，当滑动触头P的上下移动，R上只能获得0～220V之间的任意的电压．若变阻器最大阻值为100Ω，而R上只能获得0～220V之间的任意的电压，则电流表的电流变化范围为0～2.2A．故D正确．

故选：D

解：A、由于发电厂的输出电压不变，升压变压器的匝数不变，所以升压变压器的输出电压不变，故A错误．

B、由于发电厂的输出功率增大，则升压变压器的输出功率增大，又升压变压器的输出电压U2不变，根据P=UI可输电线上的电流I线增大，根据U损=I线R，输电线上的电压损失增大，根据降压变压器的输入电压U3=U2-U损可得，降压变压器的输入电压U3减小，降压变压器的匝数不变，所以降压变压器的输出电压减小，故B错．

C、根据P损=I线2R，又输电线上的电流增大，电阻不变，所以输电线上的功率损失增大，故C正确．

D、根据η=发电厂的输出电压不变，输电线上的电阻不变，所以输电线上损耗的功率占总功率的比例随着发电厂输出功率的增大而增大．故D正确．

故选：CD．

解：A、灯泡的电流为I灯==A=0.5A，根据电流与匝数成反比可得副线圈的电流为I2=4I1=4×0.25A=1A，

所以经过滑动变阻器R的电流为I2-I灯=0.5A，所以滑动变阻器R消耗的功率P=UI=36×0.5W=18W，所以A错误；

B、根据电压与匝数成正比可得副线圈的电压为U2=U1=×220V=55V，

根据电流与匝数成反比可得副线圈的电流为I2=4I1=4×0.25A=1A，

由于灯泡正常发光，所以其电压为36V，电阻R0上的电压为19V，

所以定值电阻R0的电阻值为R0==Ω=19Ω，所以B正确；

C、根据交流电的瞬时值的表达式可知，交流电的周期T==，所以频率为f==50Hz，所以C错误；

D、将滑动变阻器R的滑动触头向上滑时，电路的电阻变大，总的电流减小，

由于副线圈的输出电压不变，所以电阻R0的电压减小，灯泡的电压增大，所以灯泡将变亮，所以D错误；

故选：B