- 闭合电路欧姆定律
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正确答案
解析
解：
A、B当滑动变阻器的滑动头向下滑动时，变阻器接入电路的电阻增大，根据全电路欧姆定律得知，总电流I变小，A灯的电压UA=E-I（R1+r），I变小，UA变大，A灯变亮．流过B的电流IB=I-I2，I变小，I2变大，则IB变小，B灯变暗．故A正确，B错误．
C、由于外电阻与电源的内阻大小关系未知，无法判断电源的输出功率如何变化．故C错误．
D、电源的工作效率η=
故选A
正确答案
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解：A、B、图中电阻R2与R3并联后再与R1串联；在滑动头P自a端向b端滑动的过程中，R3接入电路的电阻增加，电路的总电阻增加，根据闭合电路欧姆定律，电路的总电流I减小；路端电压U=E-Ir，则U变大，电压表V1的示数变大；并联部分电压U并=E-I（r+R1），I减小，U并变大，电压表V2的示数变大，故A、B错误；
C、D、根据欧姆定律，有：U=IR1+U并，由于U、U并变大，IR1变小，故路端电压变化小于并联部分电压，即电压表V1的示数变化量小于V2的示数变化量，故C正确，D错误；
故选：C．
正确答案
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解：ab间的电压等于电阻R1、R3或R2、Rt的电压之差，当
故选B
（1）K闭合时，电压表读数为5伏，电流表读数为0.25安，求此时滑线变阻器上消耗的功率．
（2）K断开时，求电源上通过的电流变化范围．
正确答案
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解：（1）K闭合时，设通过R1、R2的电流分别为I1、I2，通过变阻器左侧和右侧的电流分别为Ia、Ib．变阻器左侧和右侧的电压分别为Ua、Ub．干路电流为I．
根据闭合电路欧姆定律得：I=
I1=
则得：Ia=I-I1-IA=1-0.5-0.25=0.25（A）
Ua=IAR2=0.25×6V=1.5V
Ub=U-Ua=5V-1.5V=3.5V
Ib=IA+Ia=0.25A+0.25A=0.5A
所以此时滑线变阻器上消耗的功率为 P=UaIa+UbIb=1.5×0.25+3.5×0.5=2.125（W）；
（2）由上可得：变阻器总电阻为 R3=
K断开时，当滑片移到a端时通过电源的电流最小，为Imin=
当滑片移到b端时通过电源的电流最大．
外电路总电阻为R=
则Imax=
所以电源上通过的电流变化范围是
答：
（1）此时滑线变阻器上消耗的功率为2.125W．
（2）电源上通过的电流变化范围是
（1）求发射过程中电源提供的电流强度．
（2）若电源输出的能量有4%转换为滑块的动能，则发射过程中电源的输出功率和输出电压各是多大？
正确答案
解析
解：（1）由匀加速运动公式 a=
由安培力公式和牛顿第二定律，有
F=IBl=kI2l
F=ma
因此
I=
即发射过程中电源提供的电流强度为8.5×105A．
（2）滑块获得的动能是电源输出能量的4%，即：P△t×4%=
发射过程中电源供电时间
△t=
因而，所需的电源输出功率为
P=
由功率P=IU，解得输出电压：
U=
即发射过程中电源的输出功率为1.0×109W、输出电压为1.2×103V．
答：（1）发射过程中电源提供的电流强度为8.5×105A．（2）发射过程中电源的输出功率为1.0×109W、输出电压为1.2×103V．
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