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题型:简答题
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单选题

男,30岁,切除胰腺、重度糖尿病患者,对其无效的降糖药为

A.阿卡波糖
B.格列齐特
C.苯乙福明
D.甲福明
E.珠蛋白锌胰岛素

正确答案

B

解析

[解题思路] 磺脲类口服降血糖药临床常用的有甲磺丁脲、格列本脲(优降糖)、格列齐特(达美康)等,此类药物对胰岛功能尚存、非胰岛素依赖型糖尿病而且单用饮食控制无效者有降糖作用,可刺激胰岛B细胞释放胰岛素,还促进生长抑素释放,使胰岛A细胞释放胰高血糖素下降,尚能增强胰岛素受体的敏感性。[命题规律] 考察“磺脲类的药理作用”。必须掌握。

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题型: 单选题
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单选题

在“用单摆测重力加速度”的实验中,为了减少实验误差,以下操作正确的是

[ ]

A选取长度10cm左右的细绳作为摆线

B在摆球运动到最低点处开始计时

C若摆球n次经过最低点所用的时间为t,则单摆的周期为T=

D多次改变摆长l,测出不同摆长下摆球运动的周期T,可由T-l图像求出重力加速度g

正确答案

B
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题型:简答题
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单选题

The phrase "be well on their way to" (L.1, Para.1) most probably means ______.

A.have completed what was started
B.have gotten ready to start
C.have achieved a great deal toward
D.have put an end to

正确答案

B

解析

暂无解析

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题型:简答题
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简答题

在做“探究单摆周期与摆长的关系”的实验时,摆球的密度应选得________些(填“大”或“小”),如果已知摆球直径为2.00cm,让刻度尺的零点对准摆线的悬点,摆线竖直下垂,如图所示,那么单摆摆长是________m.如果测定了40次全振动的时间如图中秒表所示,那么秒表读数是________s,单摆的摆动周期是________s.

正确答案

大;0.8740;75.2;1.88

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题型:简答题
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简答题

在探究单摆周期与摆长关系的实验中。

(1)关于安装仪器及测量时的一些实验操作,下列说法中正确的是________。

A.用米尺测出摆线的长度,记为摆长l

B.先将摆球和摆线放在水平桌面上测量摆长l,再将单摆悬挂在铁架台上

C.使摆线偏离竖直方向某一角度α(接近10°),然后由静止释放摆球

D.测出摆球两次通过最低点的时间间隔记为此单摆振动的周期

(2)实验测得的数据如下表所示

请将第三次的测量数据标在图中,并在图中作出T2随l变化的关系图象。

(3)根据数据及图象可知单摆周期的平方与摆长的关系是________。

(4)根据图象,可求得当地的重力加速度为________m/s2。(结果保留3位有效数字)

正确答案

(1)C 

(2)

(3)周期的平方与摆长成正比

(4)9.86

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题型:简答题
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简答题

(1)某同学在探究影响单摆周期的因素时有如下操作,请判断是否恰当(填“是”或“否”)。

①把单摆从平衡位置拉开约5°释放;___________

②在摆球经过最低点时启动秒表计时;___________

③把秒表记录摆球一次全振动的时间作为周期。___________

(2)该同学改进测量方法后,得到的部分测量数据见表。用螺旋测微器测量其中一个摆球直径的示数如下图。该球的直径为__________mm。根据表中数据可以初步判断单摆周期随___________的增大而增大。

   

正确答案

(1)①是,②是,③否

(2)20.685(20.683-20.687),摆长

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题型:简答题
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简答题

一组同学用DIS研究“弹簧振子的振动周期和哪些因素有关”的探究过程如下:

A.有同学认为:弹簧振子的质量越大,惯性越大,周期也应该越大.也有同学认为周期跟劲度系数有关.

B.设计实验:装置如图甲.准备选用的器材有:力传感器、质量为m0的钩码若干个,劲度系数为K的轻质弹簧若干个(已知n个劲度系数为K的弹簧串联后的劲度系数为Kn=

C.实验过程如下:

用力将钩码向下拉一段距离后放手,钩码上下振动,力传感器上显示出力随时间的变化关系(如图乙),改变钩码的个数或用几个弹簧串联后反复实验,得到表一、表二的数据:

D.同学们对实验数据进行分析、归纳后,对他们的假设进行了补充完善.问:

(1)上述科学探究活动中,属于“制定计划”和“搜集证据”的环节分别是:______、______.

(2)用力传感器观测力随时间的变化关系,其目的是:______.

(3)周期T与弹簧振子质量的关系是:______.周期T与弹簧劲度系数的关系是:______.

(4)如果m0=50×10-3kg,K=4.74N/m,则周期表达式T=______.

正确答案

(1)制定计划的环节是设计实验,即B,搜集证据的环节是进行实验的过程,即C.

(2)用力传感器观测力随时间的变化关系,因为弹簧的弹力做周期性变化,根据图线得出振动的周期.

(3)根据表格中的数据可知,在表格1中可知,周期的平方与质量成正比,在表格2中可知,周期的平方与进度系数的倒数成正比.

(4)因为周期的平方与质量成正比,周期的平方与进度系数的倒数成正比.知周期T∝,当m0=50×10-3kg,K=4.74N/m,T=0.645s,解得比例系数等于6.28,则T=6.28

故答案为:(1)B、C  (2)确定振动的周期    (3)T2∝m;T2∝1/K(4)6.28

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题型:简答题
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简答题

(1)在“用单摆测定重力加速度”的实验中

①为了较准确地测出重力加速度,可选用的器材为______(填正确选项的序号)

A.40cm长的结实细线、小木球、秒表、米尺、铁架台

B.40cm长的结实细线、小钢球、秒表、米尺、铁架台

C.100cm长的结实细线、小钢球、秒表、米尺、铁架台

D.100cm长的结实细线、大木球、秒表、米尺、铁架台

②用游标为10分度的卡尺测量小球的直径,某次测量的示数如图所示,读出小球直径d的值为______m.

③某次测得单摆摆线的长度为L(m),小球直径为d(m),此单摆完成n次全振动所用时间为t(s),则重力加速度可表示为g=______.

(2)某研究性学习小组欲用图1所示的电路,测定一节干电池的电动势和内阻.

①先直接用多用电表测定该电池的电动势.在操作无误的情况下,多用电表表盘示数如图2,其示数为______V.

电池的内阻较小,为了防止在调节滑动变阻器时造成短路,电路中用一个定值电阻R0起保护作用.除电池、开关和导线外,可供选用的实验器材还有:

电流表:A(量程0~0.6A,内阻约为0.1Ω);(量程0~3A,内阻约为0.05Ω);

电压表:V(量程0~3V,内阻约6kΩ);(量程0~15V,内阻约15kΩ);

定值电阻:R0(阻值1Ω);(阻值10Ω);

滑动变阻器:R(阻值范围0~10Ω、额定电流2A)(阻值范围0~1kΩ、额定电流1A)

②为了调节方便,测量准确,实验中应选用电流表的量程为______,电压表的量程为______,定值电阻R0的阻值为______,滑动变阻器的阻值范围为______.

③根据电路图,在下图3所示的实物上画出连线(部分线已画出).

④按正确的器材连接好实验电路后,接通开关,改变滑动变阻器的阻值R,读出对应的电流表的示数I和电压表的示数U,并作记录.某同学记录的实验数据如下表所示,试根据这些数据在图4中画出U-I图线.

⑤根据图线得到被测电池的电动势E=______V,内电阻r=______Ω(结果保留三位有效数字).

⑥用该实验电路测出的电动势值E______实际值;内阻R______实际值.(选填“>”、“<”或“=”)

⑦引起该实验系统误差的主要原因是______.

A.由于电压表和电流表读数不准确引起误差

B.用图象法求E和r时,由于作图不准确造成误差

C.由于电压表的分流作用造成电流表读数总是比电源实际输出的电流小

D.保护电阻R0的使用.

正确答案

(1)①根据实验要求,摆长1m左右,用米尺测量,体积较小的实心金属球,选小钢球,测量周期用秒表,故选C;

②直径:主尺:1.6cm,游标尺对齐格数:2个格,读数:2×0.1=0.2mm=0.02cm,所以直径为:1.6+0.02=1.62cm=1.62×10-2m

③单摆完成n次全振动所用时间为t,所以T=,根据单摆周期公式T=2π得:g==

(2)①由图可知,其示数为1.75V;

②由于电源是一节干电池(1.5V),所选量程为3V的电压表;估算电流时,考虑到干电池的内阻一般几Ω左右,加上保护电阻,最大电流在0.5A左右,所以选量程为0.6A的电流表;由于电池内阻很小,所以保护电阻不宜太大,否则会使得电流表、电压表取值范围小,造成的误差大,故选1Ω;滑动变阻器的最大阻值一般比电池内阻大几倍就好了,取0~10Ω能很好地控制电路中的电流和电压,若取0~100Ω会出现开始几乎不变最后突然变化的现象.

③根据电路图,画出的实物图如图所示,

④描点法作图,如图所示:

⑤根据U-I图象可知,与U轴的交点表示电动势,所以E=1.45V,r==1.37Ω

⑥关于系统误差一般由测量工具和所造成测量方法造成的,一般具有倾向性,总是偏大或者偏小.本实验中由于电压表的分流作用造成电流表读数总是比测量值小,造成E<E,r<r

⑦由⑥的分析可知,引起该实验系统误差的主要原因是电压表的分流作用造成电流表读数总是比电源实际输出的电流小

,故选C

故答案为:(1)①C   ②1.62×10-2  ③

(2)①1.75   ②0~0.6A,0~3 V,1Ω,0~10Ω 

③如图所示       ④如图所示 

⑤1.45,1.37  ⑥<,<

⑦C

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题型: 单选题
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单选题

在用单摆测重力加速度的实验中,若测出的g值比当地的重力加速度实际值偏大,其原因可能是

[ ]

A小球的质量偏大

B单摆的振幅偏小

C用摆线的长度当作摆长,未加小球的半径

D将单摆实际振动次数误记为n+1

正确答案

D
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题型: 多选题
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多选题

在“用单摆测定重力加速度”实验中,若测得的重力加速度值偏大,其原因可能是

[ ]

A测出的单摆的摆长偏大

B测出的单摆摆动周期偏小

C所用摆球质量偏大

D所用摆球质量偏小

正确答案

A,B
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题型: 单选题
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单选题

一根长为l不可伸长的轻绳,一端系一小球,另一端悬挂于O点.将小球拉起使轻绳拉直并与竖直方向成60°角,如图所示,在O点正下方有A、B、C三点,并且有hOA=hAB=hBC=hCD=l.当在A处钉钉子时,小球由静止下摆,被钉子档住后继续摆动的最大高度为hA;当在B处钉钉子时,小球由静止下摆,被钉子档住后继续摆动的最大高度为hB;当在C钉子时,小球由静止下摆,被钉子挡住后继续摆动的最大高度hC,则小球摆动的最大高度hA、hB、hC之间的关系是(  )

AhA=hB=hC

BhA>hB>hC

ChA>hB=hC

DhA=hB>hC

正确答案

D
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题型:填空题
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填空题

(1)在“用单摆测定重力加速度”的实验中,用刻度尺量出悬线长为L,用游标卡尺量出小球直径为d,在当地重力加速度g=______

(2)在上述实验中,单摆的摆角必须小于5°,其原因是______

A.单摆的周期与振幅有关,摆角大于5°,测出周期偏大

B.摆角越大,受空气阻力越大,影响测量结果

C.因为单摆周期与振幅无关,较小振幅方便实验

D.摆角超过5°,单摆的振动不再是简谐运动,单摆周期公式不再成立.

正确答案

ABD

解析

解:(1)根据单摆的周期公式:T=2π推导出重力加速度的表达式   g==

(2)A.单摆的周期与振幅无关,摆角大于5°,受空气阻力变大,测出周期偏大,故A正确

B.摆角越大,受空气阻力越大,影响测量结果偏小越大,故B正确

C.单摆周期与振幅无关,较小振幅不方便实验,不容易数周期,故C错误

D.由于θ<5°,故sinθ≈θ,故摆角超过5°,单摆的振动不再是简谐运动,单摆周期公式不再成立.故D正确

故选ABD

故答案为:    ABD

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题型:填空题
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填空题

在“用单摆测定重力加速度”的实验中:

①测摆长时,若正确测出悬线长l和摆球直径d;则摆长为______

②测周期时,当摆球经过______位置时开始计时并数1次,测出经过该位置N次(约60~100次)的时间为t,则周期为______

③某同学在正确操作和测量的情况下,测得多组摆长L和对应的周期T,画出L-T2图线,如图所示,出现这一结果最可能的原因是:摆球重心不在球心处,而是在球心的正______方(选填“上”或“下”).为了使得到的实验结果不受摆球重心位置无法准确确定的影响,他采用恰当的数据处理方法:在图线上选取A、B两个点,找到两点相应的横纵坐标,如图所示.用表达式g=______计算重力加速度,此结果即与摆球重心就在球心处的情况一样.

正确答案

平衡

解析

解:①摆长等于摆线的长度与摆球的半径之和,则摆长L=l+

②因为摆球在平衡位置时的速度最大,当摆球经过平衡位置时开始计时误差较小,单摆在一个周期内两次通过最低点,单摆的周期T=

③由图示图象可知,L-T2图象在横轴上有截距,说明所测摆长偏小,可能是摆球的重心在球心的正下方处造成的;

由单摆周期公式:T=可得:L=

由图示L-T2图象可知,图象的斜率:k=,则重力加速度:g=

故答案为:①l+,②平衡,,③下,

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题型:简答题
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简答题

一位同学用单摆做测量重力加速度的实验,他将摆挂起后,实验步骤是:

(A)测量摆长L:用米尺量出从悬点到球心长度

(B)测周期T:用秒表记录单摆摆动一次全振动的时间T

(C)将所测得的L和T代入单摆的周期公式算出g.

(D)改变摆长重复测出几个g值,取g的平均值

指出上面哪个步骤有问题并改正______

正确答案

解析

解:A、摆长不等于摆线的长度,等于悬点到球心的距离,故A正确;

B、测量周期时,应多测几次全振动的时间再算周期,故B错误;

C、将所测得的L和T代入单摆的周期公式算出g,故C正确;

D、改变摆长重复测出几个g值,取g的平均值,故D正确.

故答案为:B中应多测几次全振动的时间再算周期.

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题型:填空题
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填空题

某同学在用单摆测定重力加速度的实验中,测量不同摆长情况下单摆的振动周期,并以L为横坐标,T2为纵坐标,做出了T2-L图线,如图所示,由此图线可知重力加速度为______m/s2

正确答案

9.86

解析

解:由单摆周期公式:T=2π可得:T2=L,

T2-L图象的斜率:k=

由图象可知,图象斜率:k===4,

加速度:g==≈9.86m/s2

故答案为:9.86

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