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题型:简答题
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简答题

一位同学用单摆做测定重力加速度的实验,他将摆挂起后,进行了如下存在遗漏或错误的三步骤,请确定三步骤的错误或遗漏.

①测摆长L,用米尺量出摆线的长度L

②测周期T:将摆线拉起,然后放开,在摆球某次通过最低点时,按下秒表开始计时,同时将此次通过最低点作为第一次,接着一直数到第60次通过最低点时,按秒表停止计时,读出这段时间t,算出T=

③将所测得的L和T代入g=______算出g作为最后结果写到实验报告中.

根据上述实验情况,请指出存在的问题并加以改正:

______.②______.③______

正确答案

解析

解:根据单摆周期公式T=2,则有:g=

实验的第一步错误,摆长不等于摆线的长度,应等于摆线的长度加上摆球的半径.

实验的第二步错误,周期应等于时间与全振动次数的比值,一次全振动两次经过最低点.在摆球某次通过最低点时按下秒表开始计时,将此作为第一次,接着一直数到摆球第60次通过最低点时,按下秒表停止计时,读出这段时间t,算出单摆的周期T=

实验第三步错误,应采取多次测量取平均值,因为一次测量偶然误差较大.

故答案为:;①摆线的长度加上摆球的半径;②单摆的周期T=;③g取平均值.

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题型: 单选题
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单选题

在用单摆测定重力加速度的实验中,实验中给出了三个大小相同的球做摆球,分别是铜球、木球和铝球,正确的选择以及选择的理由是          (  )

A应该选木球,因为它轻,容易摆动

B应该选铜球,因为它密度大,摆动不容易停下来

C应该选铝球,因为它的质量居中

D选什么球都可以,因为单摆的周期与摆球的质量无关.

正确答案

B

解析

解:因为阻力与铜球的重力比较,可以忽略,所以选铜球,B正确.

故选B

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题型:简答题
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简答题

某同学利用如图所示的装置测量当地的重力加速度.实验步骤如下:

A.按装置图安装好实验装置;

B.用游标卡尺测量小球的直径d;

C.用米尺测量悬线的长度l;

D.让小球在竖直平面内小角度摆动.当小球经过最低点时开始计时,并计数为0,此后小球每经过最低点一次,依次计数1、2、3、….当数到20时,停止计时,测得时间为t;

E.多次改变悬线长度,对应每个悬线长度,都重复实验步骤C、D;

F.计算出每个悬线长度对应的t2

G.以t2为纵坐标、l为横坐标,作出t2-l图线.

结合上述实验,完成下列题目:

(1)用游标为10分度的卡尺测量小球的直径.某次测量的示数如图1所示,读出小球直径d的值为______cm.

(2)该同学根据实验数据,利用计算机作出图线如图2所示.根据图线拟合得到方程t2=404.0l+3.1.由此可以得出当地的重力加速度g=______m/s2.(取π2=9.86,结果保留3位有效数字)

(3)从理论上分析图线没有过坐标原点的原因,下列分析正确的是______

A.不应在小球经过最低点时开始计时,应该在小球运动到最高点时开始计时

B.开始计时后,不应记录小球经过最低点的次数,而应记录小球做全振动的次数

C.不应作t2-l图线,而应作t2-(l-d)图线

D.不应作t2-l图线,而应作t2-(l+d)图线.

正确答案

解析

解:(1)1所示游标卡尺主尺的示数是1.5cm=15mm,游标尺示数是2×0.1mm=0.2mm,小球的直径d=15mm+0.2mm=15.2mm=1.52cm;

图3所示秒表分针示数是1min=60s,秒针示数是6.0s,秒表所示是60s+6.0s=66.0s;

(2)根据单摆周期公式T=2π得:=2π,即:t2=400π2故t2-l图象的斜率表示的大小,

由题意知斜率k=404.0

则:=404.0,π2取10,

得:g≈9.76m/s2

(3)单摆摆长等于摆线长度与摆球半径之和,把摆线长度作为单摆摆长,

摆长小于实际摆长,t2-l图象不过原点,在纵轴上截距不为零,故D正确.

故选:D;

故答案为:(1)1.52cm,(2)9.75~9.76,(3)D

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题型:填空题
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填空题

某同学做“用单摆测定重力加速度”的实验,他设计的实验步骤是:

A.用游标卡尺测量摆球的直径d;

B.将摆球用细线系好,将细线的上端固定于O点;

C.用刻度尺测量细线的长度L1

D.将摆球拉开约4°,由静止释放;

E.从摆球摆到最高点时开始计时,测出30次全振动的总时间t1,求出周期T1

F.改变细线的长度为L2,记下相应的t2,求出周期T2

G.求出L=和T=,将代入单摆周期公式T=2π,求出重力加速度g.

(1)如图所示是d的示数,读出d=______ cm;

(2)你认为该同学以上步骤中有重大错误的是______(只写序号).

正确答案

2.03

G

解析

解:(1)由图可知主尺读数为:2.0cm,游标尺上第3刻度与主尺上某一刻度对齐,其读数为:3×=0.3mm=0.03cm,故最后读数为:2.0cm+0.03cm=2.03cm;

(2)G、应该根据单摆周期公式T=2π分别求出两次的加速度,再求平均值进而得到重力加速度g.

故答案为:2.03,G

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题型:简答题
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简答题

在“用单摆测定重力加速度”的实验中,测得单摆摆角小于5°,完成n次全振动的时间为t,用毫米刻度尺测得摆线长为L,用螺旋测微器测得摆球直径为d.

(1)用上述物理量的符号写出重力加速度的一般表达式g=______

(2)从上图可知,摆球直径d的读数为______mm.

正确答案

解析

解:(1)单摆周期T=,单摆摆长l=L+,由单摆周期公式T=2π

可得重力加速度g==

(2)由图示螺旋测微器可知,固定刻度示数为5.5mm,

可动刻度示数为48.0×0.01mm=0.480mm,

则螺旋测微器的示数为5.5mm+0.480mm=5.980mm;

故答案为:(1);(2)5.980.

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题型:填空题
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填空题

在“用单摆测定重力加速度”的实验中,

(1)(多选题)为了减小实验误差,所采取下列措施中正确的是:______

A.摆线长度L应取线长与摆球半径的和,且在100cm左右

B.在摆线上端的悬点处,用铁夹夹牢摆线

C.应选择密度较大的金属球,牢固且有弹性的细绳

D.计时起点应在摆球的最高点且应记录不少于30次全振动的时间

(2)某同学选材恰当,操作正确.若直接测出的物理量为:摆线长L,摆球直径d,全振动n次的时间t,由此可计算出当地的重力加速度g=______

正确答案

AB

解析

解:(1)A、摆线长度L应取线长与摆球半径的和,摆长不能过小,一般取1m左右,故A正确;

B、在摆线上端的悬点处,用铁夹夹牢摆线,防止松动影响摆长的长度,故B正确;

C、单摆在摆动过程中,阻力要尽量小甚至忽略不计,所以摆球选密度较大的金属球,但不能用弹性绳,会影响摆长,故C错误;

D、应在最低点计时比较准确,故D错误

故选AB

(2)根据题意得:T=

由单摆周期公式T=2π,可知重力加速度:g==

故答案为:(1)AB;(2)

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题型:简答题
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简答题

在“用单摆测定重力加速度”的实验中

(1)如图所示是某同学用游标卡尺测量摆球的直径结果.该球的直径为______cm,

(2)关于摆长和周期的测量,下列说法正确的是______

A.摆长等于摆线长度加球的直径

B.测量周期时只要测量一次全振动的时间

C.测量时间应从摆球经过平衡位置开始计时

D.测量时间应从摆球经过最高点开始计时.

正确答案

解析

解:(1)游标卡尺读数等于固定刻度读数加游标尺读数;

固定刻度读数为:1.0cm;

游标尺第9刻线与主尺刻线对其,准确度为0.05mm,故读数为:0.05mm×9=0.45mm;

故游标卡尺读数为:10mm+0.45mm=10.45mm=1.045cm;

(2)A、摆长是悬挂点到球心间距,即等于线长加上球的半径,故A错误;

B、测量周期时为减小误差,应该采用测量30次全振动时间t,再由t=30T求解周期,故B错误;

C、D、经过平衡位置球的速度最快,故测量误差最小,故C正确,D错误;

故选C.

故答案为:(1)1.045;(2)C.

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题型:简答题
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简答题

某同学想在家里做“用单摆测定重力加速度”的实验,但没有合适的摆球,他找到了一块大小约为3cm、外形不规则的大理石代替小球.他设计的实验步骤如下:

A.将石块和细尼龙线系好,结点为M,将尼龙线的上端固定于O点,如图所示;

B.用刻度尺测量OM间尼龙线的长度L作为摆长;

C.将石块拉开一个大约α=5°的角度,然后由静止释放;

D.从摆球摆到最高点时开始计时,测出30次全振动的总时间t,由T=得出周期;

E.改变OM间尼龙线的长度再做几次实验,记下每次相应的l和T;

F.求出多次实验中测得的l和T的平均值,作为计算时用的数据,代入公式g=(2l,

求出重力加速度g.

(1)该同学以上实验步骤中有重大错误的是______

(2)该同学用OM的长作为摆长,这样做引起的系统误差将使重力加速度的测量值比真实值______(填“偏大”或“偏小”).

(3)用什么方法可以解决摆长无法准确测量的困难?

正确答案

解析

解:(1)该同学以上实验步骤中有重大错误的是:

B(摆长应从悬点到大理石块的质心)、D、(测量时间应从单摆摆到最低点开始)、F(必须先分别求和各组L和T值对应的g,再取所求得的各个g的平均值).

(2)根据周期公式T=2π得 g=l,用OM的长作为摆长,摆长偏短,所以测得的重力加速度偏小.

(3)可采用如下的方法解决摆长无法准确测量的困难:

设两次实验中摆线长分别为L1、L2,对应的周期分别为T1、T2,石块质心到M点的距离为x

由T1=2π 和T2=2π

联立可解得g=

本题答案为:(1)BDF   (2)偏小.(3)见解析.

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题型:简答题
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简答题

(1)如图为用来测量某种易溶于水的不规则的轻矿石的密度,测量步骤如下:

①打开开关K,使管AB与钟罩C和大气相通,这时上下移动盛有水银的连通器D,使水银面在n处;

②关闭K,升起D,使水银面到达m处,这时连通器中的两管内水银面高度差h1=15.2cm.

③打开K,把264克矿物投入C中,移动D,使水银面在n处;④关闭K,上举D,使左端水银面又到m处,这时两管中的水银面高度差h2=24.0cm.

已知大气压强为760mmHg,钟罩和管AB(到达m处)的体积为V=103cm3,设测量过程等温,求矿石的密度.

(2)两名登山运动员要完成测定海拔5000米高度的重力加速度,他们攀到了某这一高山的峰顶,用他们随身携带的安全绳索、量程为5米长的卷尺和腕表,来完成此实验.测量步骤如下

①他们用安全绳的一端系一重石块,别一端固定在山崖上,把石块探出山涯放下约三十米形成一个单摆;

②让单摆摆起来,用腕表测出它摆动100次的时间t1=600S

③将绳索上收4.9米后,重新固定,再一次让单摆摆起来,仍用腕表测出它摆动100次的时间t2=400S.π=3.14;保留3位有效数字.请你帮忙求出此高度的重力加速度.

正确答案

解析

(1)

解:设m至n的体积为△V,矿石的体积为V0

不放矿石时,P0(V+△V)=(P0+h1)V

76×(103+△V)=(76.0+15.2)×103

放矿石时,P0(V+△V-V0)=(P0+h2)(V-V0

76×(103+△V-V0)=(76.0+24.0)(103-V0)②

由①②解得V0=

密度ρ=  

(2)

解:设单摆的摆长为L,摆动100次用600s,其振动周期为

则由周期公式T=2π  得到6=2×3.14       ①

单摆收上4.9米后的摆长为L-4.9,摆动100次用400s,

其振动周期为                         

同理可得到    4=2×3.14 

由①②解得g=9.66m/s2

答:(1)矿石的密度720kg/m3

(2)此高度的重力加速度9.66m/s2

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题型:简答题
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简答题

某同学在用单摆测定重力加速度的实验中,测出几组周期T和摆长L值后,在T2-L图象中描绘出了相应的点,如图所示.试在图中继续完成T2-L图线;由该图象计算重力加速度的公式是______.(要说明公式中各量的意义)

正确答案

解析

解:(1)由单摆周期公式T=2π可知,g=

由T=2π

可得:T2==kL,

k=

由图象可知:k=

因此,g=

故答案为:图如上所示,g=

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题型:填空题
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填空题

测定重力加速度时:

①摆球应选用重而小的实心球,摆线宜选用轻而长且难以发生形变的细线; 

②测摆线的长度用的仪器是______,测小球直径用的仪器是______,测量摆动30~50次时间用的仪器是______

正确答案

毫米刻度尺

游标卡尺

秒表

解析

解:测摆线的长度应准确到毫米,故用毫米刻度尺;测小球直径常用游标卡尺,用秒表测量时间

故答案为:毫米刻度尺,游标卡尺,秒表

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题型:简答题
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简答题

(1)用游标卡尺测量某一物体的宽度情况如图(甲)所示,其读数为______mm;

用螺旋测微器测某一物体的长度情况如图(乙)所示,其读数为______cm.

(2)某组同学想通过单摆实验测出当地的重力加速度.他们拟通过改变摆长测出对应的周期,

得到若干组周期和摆长的数据;然后建立直角坐标系,以周期平方T2为纵坐标、摆长L为横坐标作出T2-L图线.在计算重力加速度时,一位同学认为应该从上述实验数据中取出一组周期和摆长的值,利用单摆周期公式,求出重力加速度.另一位同学认为既然作出了图线,就应该利用图线求重力加速度.经分析可知图线的斜率k=,则只需用量角器量出图线与横轴的夹角α,算出斜率k=tanα,然后用公式g=算出重力加速度对两位同学计算重力加速度的方法作出评价,如果合理请说出理由.如果存在问题请指出,并给出你认为合理的计算方法.

正确答案

解析

解:(1)游标卡尺的主尺读数为58mm,游标尺上第13个刻度与主尺上某一刻度对齐,故其读数为0.05×13mm=0.65mm,

所以最终读数为:58mm+0.65mm=58.65mm;

螺旋测微器的固定刻度读数为5.5mm,可动刻度读数为0.01×17.8mm=0.178mm,所以最终读数为5.678mm.

故答案为:58.65,5.678.

(2)两种方法均不妥,第一种从实验数据中取出一组周期和摆长数据,利用单摆周期公式,求出重力加速度.没有利用图象处理减小误差,计算结果可能造成较大误差.第二位同学的做法量得图线得倾角,由于两坐标比例往往不同,量得图线得倾角不一定是图线得实际倾角,计算得不一定是图线得斜率.应在图线上取两个点,算出斜率,进行计算.

故答案为:两种方法均不妥.应在图线上取相距较远的两个点,算出斜率,进行计算.

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题型:简答题
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简答题

某同学在家里做用单摆测定重力加速度的实验,但没有合适的摆球,他找到了一块大小为3cm左右,外形不规则的大理石块代替小球.他设计的实验步骤是:

A 将石块用细尼龙线系好,结点为M,将尼龙线的上端固定于O点

B 用刻度尺测量OM间尼龙线的长度L作为摆长

C 将石块拉开一个大约α=30°的角度,然后由静止释放

D 从摆球摆到最高点时开始计时测出30次全振动的总时间t,由T=得出周期

E 改变OM间尼龙线的长度再做几次实验,记下相应的L和T

F 求出多次实验中测得的L和T的平均值,作为计算时使用的数据,带入公式g=(2L测出重力加速度g

(1)你认为该同学以上实验步骤中有错误的有几项(写出三项即可),应该如何操作?__________________

(2)该同学用OM的长作为摆长,这样做引起的系统误差将使重力加速度的测量值与真实值相比______(填“偏大”或“偏小”).

正确答案

解析

解:(1)B(摆长应从悬点到大理石块的质心)、C(摆角太大,不能看作简谐运动)、F必须先分别求和各组L和T值对应的g,再取所求得的各个g的平均值.

(2)由g=可知,摆长偏短,所以测得的重力加速度偏小.

故答案为:(1)B(摆长应从悬点到大理石块的质心)、C(摆角太大,不能看作简谐运动)、F必须先分别求和各组L和T值对应的g,再取所求得的各个g的平均值.(2)偏小

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题型: 单选题
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单选题

用单摆测重力加速度的实验中,若测得的重力加速度g值偏大,其原因可能是下列中的(  )

A振幅太小,测得的周期偏小

B计算摆长时,只考虑线长,没有加上摆球半径

C将n次全振动误记为(n-1)次全振动

D将n次全振动误记为(n+1)次全振动

正确答案

D

解析

解:由单摆周期公式T=2π可知,重力加速度g=

A、单摆的周期与振幅无关,振幅大小与所测g无关,故A错误;

B、计算摆长时,只考虑线长,没有加上摆球半径,使摆长偏小,所测g偏小,故B错误;

C、将n次全振动误记为(n-1)次全振动,使所测周期T偏大,计算出的g偏小,故C错误;

D、将n次全振动误记为(n+1)次全振动,使所测周期偏小,计算出的g偏大,故D正确;

故选:D.

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题型: 多选题
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多选题

下列有关高中物理实验的描述中,正确的是(  )

A在“用单摆测定重力加速度”的实验中,如果摆长的测量及秒表的读数均无误,而测得的g值明显偏小,其原因可能是将全振动的次数n误计为n-1

B在用打点计时器“研究匀变速直线运动”的实验中,通过在纸带上打下的一系列点迹可求出纸带上任意两个点迹之间的平均速度

C在“验证机械能守恒定律”的实验中,必须要用天平测出下落物体的质量

D在“验证力的平行四边形定则”的实验中,拉橡皮筋的细绳要稍长一些,并且实验时要使弹簧测力计与木板平面平行,同时保证弹簧的轴线与细绳在同一直线上

正确答案

A,B,D

解析

解:A、在“用单摆测定重力加速度”的实验中,如果摆长的测量及秒表的读数均无误,将全振动的次数n误计为n-1,根据周期T=得测量的周期增大,根据重力加速度g=得测得的g值明显偏小,故A正确;

B、在用打点计时器“研究匀变速直线运动”的实验中,通过在纸带上打下的一系列点迹,用刻度尺测量计数点间的距离,根据运动学公式=可求出平均速度,故B正确;

C、在验证机械能守恒定律实验中,不一定要测量物体的质量,因为验证动能的变化量和重力势能的变化量时,两边都有质量,可以约去比较.故C错误.

D、在“验证力的平行四边形定则”的实验中,拉橡皮筋的细绳要稍长,利于实验中作图,实验时要使弹簧测力计与木板平面平行,同时保证弹簧的轴线与细绳在同一直线上,这样才能把分力准确通过力的图示表示出来,故D正确;

故选:ABD.

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