热门试卷

（1）由图1中读出波的波长是8m；

若波的周期大于（t2-t1），且向右传播，根据波形的平移法可知：△t=T，则得T=4△t=4×0.005s=0.02s，故波速为v==m/s=400m/s．

若波的周期小于（t2-t1），并且波速为6000m/s，则在△t=4×0.005s时间内，波传播的距离为x=v△t=6000×0.005m=30m

因==3，根据波形的平移法得知，波向左传播．

（2）单色光通过小孔发生了衍射，小孔越小，衍射越显著．由图知，a图衍射显著，所对应的小孔直径小．

故答案为：

（1）8m；400；左（2）衍射，小于．

由图读出波长λ=8m．

（1）若波向右传播，则在△t=0.005s时间内，波传播的距离为△x=1λ=10m，则波速v1===2000m/s．若波向左传播，则在△t=0.005s时间内，波传播的距离为△x=1=14m，则波速v2==2800m/s．

（2）若波速为3600m/s，在△t=0.005s时间内，波传播的距离为△x=v△t=18m=2λ，根据波形的平移得到，波向右传播．

答：

（1）若2T＞t2-t1＞T，若波向右传播，波速为2000m/s．若波向左传播，波速为2800m/s．

（2）若T＜t2-t1，并且波速为3600m/s，波向右传播．

（1）波向右传播，质点A的运动方向沿y轴正方向．质点B的加速度方向沿y轴正方向．

（2）由图象可知，波长λ=0.24m，

波的周期T===0.4s

波从该时刻传播到P经历的时间t1==1.2s

P开始向下振动，第二次到达波峰

经历时间t2=1T=0.7s

所以t=t1+t2=1.9s 

 （3）P点开始振动方向向下，周期为0.4s，其振动图象如图．

答：

（1）此时刻质点A的运动方向和质点B的加速度方向均沿y轴正方向．

（2）经1.9s时间P点第二次达到波峰．

（3）P质点开始振动后的振动图象如图所示．

若波向右传播，则有

△x=（n+）λ1，n=0，1，2，…

得到波长λ1==m=m

结合条件20m＜λ＜80m，即20m＜m＜80m，

解得    ＜n＜，由于n是整数，则n取1，2

得到波长为：40m，m

若波向左传播，则有

△x=（n+）λ2，n=0，1，2，…

同理得到波长为：m，m，m

答：当波向右传播时，波长为40m，m；若波向左传播时，波长为：m，m，m．

从图中可以看出，高波的波长是2m；经过一小段时间△t之后，x=1处将会出现波谷，故此时，x=1处的质点振动的方向是y轴的负方向；

t=0的时刻第一个波峰的位置在x=1.5m处，所以波还需要传播：△x=5m-1.5m=3.5m，故需要经历的时间：△t==s=0.75s

故答案为：2；y轴负方向；0.75

（1）A、泊松亮斑是波的衍射现象，证明光具有波动性，泊松亮斑和杨氏干涉都有力地支持了光的波动说．故A错误．

B、解调是从接收到的高频信号中还原出所携带的声音或图象信号的过程．故B正确．

C、当波源或者接受者相互靠近或远离时，接受者会发现波的频率发生了变化，这种现象叫多普勒效应．故C正确．

D、根据相对论效应尺缩效应得知，沿自身长度方向运动的杆，其长度总比杆静止时的长度小．故D正确．

故选BCD

（2）设光恰好在AC面上发生全反射时入射角为θ．

由sinC==，得临界角C=45°

由几何知识得：AB面上折射角r=30°

由折射定律得n=，解得，α=45°

当入射角增大时，光线在AC面的入射角减小，故入射角在45°＜θ＜90°范围时，光线从棱镜的侧面AB进入，再直接从侧面AC射出．

（3）①波源O点刚开始振动时的振动方向向下，周期T==0.4s

②当图中x=6cm处的波峰状态传到P点时，P点第一次达到波峰，则质点P第一次达到波峰时间：t===1.5s故答案为：

（1）BCD      

（2）45°＜θ＜90°．

（3）①波源O点刚开始振动时的振动方向向下，周期为0.4s．

②质点P第一次达到波峰时间为1.5s．

（1）根据t1=0时的波形图上x=2m处的质点A正向y轴正方向振动，根据波形的平移法判断得知：波的传播方向沿着x轴的正方向．

已知0＜t2-t1＜T，则根据波形的平移法得知，波传播的时间t2-t1=T，得到T=4（t2-t1）=4×0.5s=2s．

由图读出波长λ=4m，则波速v==2m/s．

（2）设折射角为θ2，由几何关系得：tanθ2===

则得折射角θ2=30°．

据折射定律得n===

②光在玻璃砖中的速度v=，

光束在玻璃砖中传播的时间t===×10-9s=1.63×10-9s

故答案为：

（1）①2；②x轴正方向；③2．

（2）①此玻璃砖的折射率是；

②光束在玻璃砖中传播的时间是1.63×10-9s．

（1）由波动图象读出振幅A=4cm，波长λ=2m，则周期为：T==s=1s

t=0时刻，x=2.0m处质点经过平衡位置向

下振动，其振动图象如图．

（2）t=4.5s=4.5T，x=2.5m处质点在0～4.5s内通过的路程为：

S=4.5×4A=18×4cm=72cm

t=4.5s时x=2.5m处质点到波谷，则t=4.5s时的位移为：y=-4cm．

（3）该波的方程为y=Asinx（cm）=4sinπx（cm），当y=2cm时，x=cm，A左侧最近的波峰状态离A点的距离为：

△x=1.5cm+cm=cm

从图示时刻开始 A点第一次出现波峰的时间为：

t==s=0.83s．

答：（1）画出x=2.0m处质点的振动图象如图；

（2）x=2.5m处质点在0～4.5s内通过的路程为72cm，t=4.5s时的位移为-4cm．

（3）从图示时刻开始 经过0.83s时间A点第一次出现波峰．

解：（1）b点先回到平衡位置

（2）波沿x轴正方向传播

波速v=λ/T

T=1/5=0.2s

v=40m/s

解：（1）图乙中B点表示在t=0.5 s时质点P的振动方向向上；由图乙得知在t=1.0s时刻质点P向下振动，可判定图甲的波向左传播，故图甲中的B质点振动方向向上

（2）由图甲得λ=4.0m，由图乙得T=1.0s，故波速大小

（3）如图所示

（4）P质点的路程是：

由于P点原来在平衡位置，经T/2后仍回到平衡位置，故P在经3.5s后的位移为x=0