- 常见无机物及其应用
- 共1311题
18. 将51.2gCu完全溶于适量浓硝酸中，收集到氮的氧化物（含NO、NO 2、N 2O 4）的混合物共0.9mol，这些气体恰好能被500mL 2.0mol/L NaOH溶液完全吸收，溶液中生成NaNO 3和NaNO 2，则原混合气体中NO的物质的量为
正确答案
解析
51.2gCu的物质的量为
考查方向
解题思路
本题考查氧化还原反应的计算，难度较大，整个过程发生的反应较复杂，但从氧化还原反应电子得失的角度分析可以简化为铜和氮间电子的转移，清楚铜将失去的电子给了硝酸在氢氧化钠溶液中生成了NaNO2是解题的关键．51.2gCu的物质的量为0.8mol，整个过程发生的反应较复杂，但从氧化还原反应电子得失的角度分析可以简化为铜和氮间电子的转移，铜和硝酸反应铜还原硝酸生成氮氧化合物，在NaOH溶液中氮氧化合物又转化成NaNO3和NaNO2，我们可以认为铜将失去的电子给了硝酸在氢氧化钠溶液中生成了NaNO2，根据得失电子数目相等得到2n（Cu）=2n（NaNO2），据此解答．
易错点
1、清楚铜将失去的电子给了硝酸在氢氧化钠溶液中生成了NaNO2
2、从氧化还原反应电子得失的角度分析可以简化为铜和氮间电子的转移
知识点
铬是人体必需的微量元素，它与脂类代谢有密切联系，但铬过量会引起污染，危害人类健康。
14.不同价态的铬毒性不同，三价铬对人体几乎无毒，六价铬的毒性约为三价铬的100倍。电镀厂产生的镀铜废水中往往含有一定量的Cr2O72—，处理该废水常用的流程如下图所示：
Na2S2O3在此过程中表现 性。若向含Cr3+的废水中加入过量NaOH溶液，会得到NaCrO2溶液，NaCrO2中Cr元素的化合价为 价，反应的离子方程式为 。
15.交警常用一种“酒精检测仪”检测司机是否酒后驾车。其反应原理如下，请配平该反应方程式：
（ ）CrO3 +（ ）CH3CH2OH +（ ）H2SO4 —（ ）CH3CHO + （ ）Cr2(SO4)3+（ ）H2O
16.已知存在平衡：2CrO42—+2H+ 
此时溶液中c（Pb2+）/c（Ba2+）= 。
已知Ksp（BaCrO4）=1.25×10—10；Ksp（PbCrO4）=2.75×10—13
17.工业上以铬酸钾（K2CrO4）为原料，采用电化学法制备K2Cr2O7，制备装置如图所示（阳离子交换膜只允许
正确答案
还原 +3 Cr3++4OH—=CrO2—+2H2O
解析
还原 +3 Cr3++4OH—=CrO2—+2H2O
考查方向
解题思路
（1）依据电解原理分析，溶液中阴离子放电，氢氧根离子失电子发生氧化反应，氢离子浓度增大平衡正向进行；
（2）依据原子守恒、电子守恒计算。
易错点
1.本题考查氧化还原反应，为高频考点，把握发生的反应及反应中元素的化合价变化为解答的关键，侧重氧化还原反应基本概念的考查，注意乙醇中C元素化合价的判断。
2.本题考查了电解池原理分析判断，电极原理的计算应用没注意元素守恒是解题关键，题目难度中等．
正确答案
2CrO3 +3CH3CH2OH +3H2SO4 = 3CH3CHO +1Cr2(SO4)3+6H2O
解析
2CrO3 +3CH3CH2OH +3H2SO4 = 3CH3CHO +1Cr2(SO4)3+6H2O
考查方向
解题思路
（1）依据电解原理分析，溶液中阴离子放电，氢氧根离子失电子发生氧化反应，氢离子浓度增大平衡正向进行；
（2）依据原子守恒、电子守恒计算。
易错点
1.本题考查氧化还原反应，为高频考点，把握发生的反应及反应中元素的化合价变化为解答的关键，侧重氧化还原反应基本概念的考查，注意乙醇中C元素化合价的判断。
2.本题考查了电解池原理分析判断，电极原理的计算应用没注意元素守恒是解题关键，题目难度中等．
正确答案
Cr2O72—+H2O+ 2Ba2+= 2BaCrO4↓+2H+（或Cr2O72—+H2O+ 2Pb2+= 2PbCrO4↓+2H+） 2.2×10—3
解析
在水溶液中橙红色的Cr2O72-与黄色的CrO42-有下列平衡关系． Cr2O72-＋H2O2CrO42-＋2H+,把K2Cr2O7溶于水配成稀溶液是橙色.向原溶液中加入Ba(NO3)2溶液(已知BaCrO4为黄色沉淀)则平衡右移, Cr2O72—+H2O+ 2Ba2+= 2BaCrO4↓+2H+（或Cr2O72—+H2O+ 2Pb2+= 2PbCrO4↓+2H+）
考查方向
解题思路
（1）依据电解原理分析，溶液中阴离子放电，氢氧根离子失电子发生氧化反应，氢离子浓度增大平衡正向进行；
（2）依据原子守恒、电子守恒计算；。
易错点
1.本题考查氧化还原反应，为高频考点，把握发生的反应及反应中元素的化合价变化为解答的关键，侧重氧化还原反应基本概念的考查，注意乙醇中C元素化合价的判断。
2.本题考查了电解池原理分析判断，电极原理的计算应用没注意元素守恒是解题关键，题目难度中等．
正确答案
2H2O—4e—= O2↑+4H+（或4OH——4e—= O2↑+2H2O）
阴极室发生反应2H2O+2e—= H2↑+2OH—，c(OH—)增大；K+穿过阳离子交换膜
解析
阳极室发生氧化反应，氢氧根离子失去电子放电，电极反应为：4OH--4e-=O2↑+2H2O 或2H2O-4e-=O2↑+4H+，阳极区氢离子浓度增大，平衡右移；反应一段时间后，K+穿过阳离子交换膜
考查方向
解题思路
（1）依据电解原理分析，溶液中阴离子放电，氢氧根离子失电子发生氧化反应，氢离子浓度增大平衡正向进行；
（2）依据原子守恒、电子守恒计算；。
易错点
1.本题考查氧化还原反应，为高频考点，把握发生的反应及反应中元素的化合价变化为解答的关键，侧重氧化还原反应基本概念的考查，注意乙醇中C元素化合价的判断。
2.本题考查了电解池原理分析判断，电极原理的计算应用没注意元素守恒是解题关键，题目难度中等．
酱油是一种常用调味剂，根据国标要求酱油中NaCl的含量不应低于15 g /100 mL。莫尔法是较简单的一种测量Cl-含量的方法。现采用该法测量某市售酱油是否符合NaCl含量标准要求。实验原理如下(25℃)：
Ag++ Cl-= AgCl （白色）Ksp(AgCl)=1.8×l0-10
2Ag++ Cr042-= Ag2Cr04（砖红色）Ksp(Ag2Cr04)=1.2×10-12
准确移取酱油样品5.00 mL稀释至100 mL，从其中取出10.00 mL置于锥形瓶中，再向其中加入适量的铬酸钾溶液，以0.1000 mol/L的硝酸银标准溶液滴定，重复实验三次。
14.样品稀释过程中，用 移取酱油样品，应在 中定容，还需用到的玻璃仪器有____。
15.标准硝酸银溶液用棕色滴定管盛装的原因是____。滴定中眼睛应注视__ __，出现 即达到滴定终点。
16.滴定结束时，滴定管中液面如上图所示，则读数为____。
17.若三次消耗硝酸银标准溶液的平均体积为12.50 mL，则稀释后的酱油中NaCl的浓度为 mol/L，该市售酱油是否符合NaCl含量标准 （填“符合”或“不符合”）。
正确答案
酸式滴定管或移液管 100 mL容量瓶 烧杯、玻璃棒、胶头滴管
解析
样品稀释过程中，由于酱油在发酵制取过程中会产生酸性物质，用酸式滴定管或移液管移取酱油样品；准确移取酱油样品5.00 mL要稀释至100 mL应在100 mL容量瓶中定容，还需用到的玻璃仪器有烧杯、玻璃棒、胶头滴管。
考查方向
解题思路
14.样品稀释过程中，用 移取酱油样品，应在 中定容，还需用到的玻璃仪器有____。
易错点
滴定计算。
正确答案
硝酸银见光易分解 试剂瓶中颜色变化 淡红色沉淀，不再消失
解析
标准硝酸银溶液用棕色滴定管盛装的原因是硝酸银见光易分解。滴定中眼睛应注视试剂瓶中颜色变化，出现淡红色沉淀，半分钟内不再消失即达到滴定终点。
考查方向
本题主要考查了中和滴定的计算和基本实验操作。
解题思路
硝酸银见光易分解
易错点
滴定计算。
正确答案
12.70mL
解析
滴定结束时，滴定管中液面如上图所示，则读数为12.70mL。
考查方向
解题思路
滴定管中读数的0起点在上端。
易错点
滴定计算。
正确答案
0.1250 不符合
解析
若三次消耗硝酸银标准溶液的平均体积为12.50 mL，因为是用硝酸银标准液滴定到终点，反应是Ag++ Cl-= AgCl，由反应中Ag++ Cl-，1:1 cv=cv计算。则稀释后的酱油中NaCl的浓度为0.1250mol/L，国标要求酱油中NaCl的含量不应低于15 g /100 mL，该市售酱油不符合NaCl含量标准。
考查方向
解题思路
用硝酸银标准液滴定到终点，反应是Ag++ Cl-= AgCl，由反应中Ag++ Cl-，1:1 cv=cv计算。
易错点
滴定计算。
20．铬铁矿的主要成分为FeO·Cr2O3，还含有MgO、Al2O3、Fe2O3等杂质，以铬铁矿为原料制备（K2Cr2O7）的工艺如下（部分操作和条件略）。
已知：①NaFeO2遇水强烈水解 ②Cr2O72－+H2O
请根据题意回答下列问题：
（1）煅烧铬铁矿生成Na2CrO4和NaFeO2反应的化学方程式是____________________；
（2）滤液1的溶质除Na2CrO4外，还含有_____（填化学式，下同），滤渣1的成分是
______。
（3）向滤液2中继续加入醋酸调pH＜5，其目的是_________________________。
（4）酸性溶液中过氧化氢能使Cr2O72－变成蓝色的CrO5，其分子结构为
可用来检验Cr2O72－的存在。写出反应的离子方程式_________________________，该反应________（填“属于”或“不属于”）氧化还原反应。
（5）称取重铬酸钾试样5.00g配成250mL溶液，取出25mL，加入10mL 2mol·L－1 H2SO4和足量碘化钾（铬的还原产物为Cr3+），加入几滴________溶液做指示剂，用0.30mol·L－1 Na2S2O3标准溶液滴定（I2+2S2O32－＝2I－+S4O62－）。若实验中共用去Na2S2O3标准溶液30.00mL，则所得产品中重铬酸钾的纯度为___________。（保留3位有效数字，K2Cr2O7的摩尔质量为294g/mol）
正确答案
(1)．4FeO•Cr2O3＋20NaOH＋7O2
(2)．NaAlO2、NaOH MgO、Fe(OH)3
(3)．加入酸，c(H+)增大，Cr2O72-＋H2O
(4)．Cr2O72-＋4H2O2＋2H＋＝2CrO5＋5H2O ；不属于
(5)．淀粉 88.2%
解析
(1)．煅烧铬铁矿生成Na2CrO4和NaFeO2反应的化学方程式是：4FeO•Cr2O3＋20NaOH＋7O2
(2)．滤液1的溶质除Na2CrO4外，还含有NaAlO2、NaOH，滤渣1的成分是MgO、Fe(OH)3；
(3)．向滤液2中继续加入醋酸调pH＜5，其目的是加入酸，c(H+)增大，Cr2O72-＋H2O
(4)．酸性溶液中过氧化氢能使Cr2O72－变成蓝色的CrO5，其分子结构为
(5)．称取重铬酸钾试样5.00g配成250mL溶液，取出25mL，加入10mL 2mol·L－1 H2SO4和足量碘化钾（铬的还原产物为Cr3+），重铬酸钾氧化碘离子，生成单质碘，加入几滴淀粉溶液做指示剂，用0.30mol·L－1 Na2S2O3标准溶液滴定（I2+2S2O32－＝2I－+S4O62－）。Cr2O72-+6I-+14H＋＝2Cr3++7H2O+3I2，由此可得：
Cr2O72- ~~~ 3I2 ~~~ 6S2O32－
1 6
1.5mmol 0.30mol·L－1×30.00mL
所得产品中重铬酸钾的质量为1.5×10-3×294×10=4.41g，所得产品中重铬酸钾的纯度为(4.41g/5g)×100%=88.2%。
考查方向
解题思路
铬铁矿的主要成分为FeO·Cr2O3，还含有MgO、Al2O3、Fe2O3等杂质，通入O2，加入NaOH，发生反应：
Al2O3+2NaOH=2NaAlO2+H2O、4FeO•Cr2O3＋20NaOH＋7O2
易错点
本题考查了物质制备流程和方案的分析判断，物质性质的应用，题干信息的分析理解，操作步骤的注意问题和基本操作方法是解题关键，题目难度大。
知识点
9.纳米ZnO在催化、医药及橡胶等新材料方面有广阔的应用前景，下面是制备纳米ZnO的相关工艺流程，试回答有关问题：
已知：Ksp[Zn(OH)2]=4.5×10-17，且Zn(OH)2具有两性。
（1）试剂A是_____，试剂B是______，步骤I生成BaSO4的离子方程式是 。
（2）步骤II中，pH应调节至 （填序号）。
a.3~5 b．5 c．8~9 d．12~14
（3）步骤II中“回流”时必须用到下列仪器中的 （填序号）。
a.分液漏斗 b．温度计 c．空气冷凝管 d．球形冷凝管
（4）已知，在实验室中用200 mL 0.25 mol/L ZnSO4溶液与50 mL 8mol/L的试剂A
反应，则加入固体试剂B的质量为 （计算结果保留小数点后一位）。
（5）步骤II在加热回流的同时，要蒸出 （填物质名称），该物质可循环使用。
（6）纳米ZnO也可以用以下流程制备（其中反应②生成了两种碳的化合物）。
正确答案
（1）氨水 Ba(OH)2 Ba2++SO42-=BaSO4↓
（2）c
（3）d
（4）8.6g
（5）氨气
（6）H2C2O4+ZnCl2+2H2O=ZnC2O4·2H2O+2HCl ZnC2O4·2H2O=ZnO+CO↑+CO2↑+2H2O
解析
ZnSO4加入氨水后，生成四氨合锌络离子，加入Ba(OH)2，反应生成硫酸钡白色沉淀，搅拌、减压过滤，调节滤液pH，回流、加热，得氢氧化锌沉淀，煅烧、干燥、洗涤得氧化锌。据此答题：
(1)试剂A是氨水，试剂B是氢氧化钡，步骤I生成BaSO4的离子方程式是Ba2++SO42-=BaSO4↓；
(2)Ksp[Zn(OH)2]=4.5×10-17，(离子浓度小于1×10－5mol·L－1时，即可认为该离子沉淀完全)，OH-浓度为
(3)球形冷凝管一般用于反应装置，即在反应时考虑到反应物的蒸发流失而用球形冷凝管冷凝回流，使反应更彻底。
(4)在实验室中用200 mL 0.25 mol/L ZnSO4溶液与50 mL 8mol/L的试剂氨水反应，加入固体试剂氢氧化钡除去硫酸根离子，加入氢氧化钡的质量为200 mL×0.25 mol/L×171g/mol=8.6g 。
(5)步骤II在加热回流的同时，要蒸出氨气，该物质可循环使用。
(6)①H2C2O4和ZnCl2反应生成ZnC2O4·2H2O；
② ZnC2O4·2H2O受热分解生成ZnO和两种碳的化合物CO和CO2。
考查方向
解题思路
ZnSO4加入氨水后，生成四氨合锌络离子，加入Ba(OH)2，反应生成硫酸钡白色沉淀，搅拌、减压过滤，调节滤液pH，回流、加热，得氢氧化锌沉淀，煅烧、干燥、洗涤得氧化锌。据此答题：
(1)试剂A是氨水，试剂B是氢氧化钡，步骤I生成BaSO4的离子方程式是Ba2++SO42-=BaSO4↓；
(2)Ksp[Zn(OH)2]=4.5×10-17，(离子浓度小于1×10－5mol·L－1时，即可认为该离子沉淀完全)，OH-浓度为
(3)球形冷凝管一般用于反应装置，即在反应时考虑到反应物的蒸发流失而用球形冷凝管冷凝回流，使反应更彻底。
(4)在实验室中用200 mL 0.25 mol/L ZnSO4溶液与50 mL 8mol/L的试剂氨水反应，加入固体试剂氢氧化钡除去硫酸根离子，加入氢氧化钡的质量为200 mL×0.25 mol/L×171g/mol=8.6g 。
(5)步骤II在加热回流的同时，要蒸出氨气，该物质可循环使用。
(6)①H2C2O4和ZnCl2反应生成ZnC2O4·2H2O；
② ZnC2O4·2H2O受热分解生成ZnO和两种碳的化合物CO和CO2。
易错点
本题属于信息习题，学生应注重习题信息和所学知识相结合来解答本题，并注意质量守恒定律、化学方程式等来解答。
知识点
高锰酸钾是一种常用的氧化剂。下图是利用软锰矿（主要成分为MnO2）制备高锰酸钾的一种工艺（流程中部分产物已略去）：
相关物质不同温度下的溶解度(单位：g)数据如下表：
18.“熔融”步骤反应的化学方程式为 。
19.K2MnO4溶液中加入冰醋酸发生反应的离子方程式为： 。
20.操作2是 、 、 。
21.图中可以直接进行循环利用的物质是（填化学式） 。
22.KMnO4粗晶体中的主要杂质（填化学式）有 和 ，若用硫酸代替图中的冰醋酸，则导致的问题及原因是 。
正确答案
3MnO2 +KClO3 +6KOH
解析
3MnO2 +KClO3 +6KOH
考查方向
解题思路
1、化工流程中的实验分析化工流程的命题来源很广，与各个知识模块的结合点较多，因此分析工业生产化工流程题时，应将流程路线、试题设问和理论知识有机结合起来，它常常结合工艺流程考查基本化学实验问题，可以说它是无机框图题的创新。流程的呈现形式有：①操作流程；②物质变化流程；③装置流程。制备装置的识图技巧①明确目的；②所制备物质是否有特殊性质(即是否需要特殊保护)；③制备过程中是否产生有毒气体等；④进入每一装置的物质是什么，吸收了什么物质或生成了什么物质。
2、解题时首先要明确原料和产品(包括副产品)，即箭头进出方向，其次依据流程图分析反应原理，紧扣信息，搞清流程中每一步发生了什么反应——知其然，弄清有关反应原理，明确目的(如沉淀反应、除杂、分离)——知其所以然，最后联系储存的知识，有效地进行信息的利用，准确表述和工整书写。由于化工流程常与溶液的配制、物质的分离及定量测定等基本操作有机结合起来，所以只有复习时牢固掌握实验基础知识，才能有效结合题中的信息，准确答题。
易错点
1、氧化还原方程式的配平。
2、离子方程式定量的书写。
正确答案
3MnO42－＋4CH3COOH＝2MnO4－＋MnO2↓＋2H2O＋4CH3COO－。
解析
3MnO42－＋4CH3COOH＝2MnO4－＋MnO2↓＋2H2O＋4CH3COO－。氧化还原反应的实质是反应过程中发生了电子转移，而氧化剂得电子总数(或元素化合价降低总数)必然等于还原剂失电子总数(或元素化合价升高总数)，根据这一原则可以对氧化还原反应的化学方程式进行配平。配平的步骤：
（1）标好价：正确标出反应前后化合价有变化的元素的化合价
（2）列变化：列出元素化合价升高和降低的数值。
（3）求总数：求元素化合价升高和降低的总数，确定氧化剂、还原剂、氧化产物、还原产物的化学计量数
（4）配系数：用观察法配平其他各物质的化学计量数。
（5）细检查：利用“守恒”三原则(即质量守恒、得失电子守恒、电荷守恒)，逐项检查配平的方程式是否正确。失误防范 配平氧化还原反应方程式的关键是正确标出化合价，找准1“分子”氧化剂化合价降低总数，1“分子”还原剂化合价升高总数，在计算时，往往容易忽略氧化剂、还原剂中的粒子个数。
考查方向
解题思路
1、化工流程中的实验分析化工流程的命题来源很广，与各个知识模块的结合点较多，因此分析工业生产化工流程题时，应将流程路线、试题设问和理论知识有机结合起来，它常常结合工艺流程考查基本化学实验问题，可以说它是无机框图题的创新。流程的呈现形式有：①操作流程；②物质变化流程；③装置流程。制备装置的识图技巧①明确目的；②所制备物质是否有特殊性质(即是否需要特殊保护)；③制备过程中是否产生有毒气体等；④进入每一装置的物质是什么，吸收了什么物质或生成了什么物质。
2、解题时首先要明确原料和产品(包括副产品)，即箭头进出方向，其次依据流程图分析反应原理，紧扣信息，搞清流程中每一步发生了什么反应——知其然，弄清有关反应原理，明确目的(如沉淀反应、除杂、分离)——知其所以然，最后联系储存的知识，有效地进行信息的利用，准确表述和工整书写。由于化工流程常与溶液的配制、物质的分离及定量测定等基本操作有机结合起来，所以只有复习时牢固掌握实验基础知识，才能有效结合题中的信息，准确答题。
易错点
1、氧化还原方程式的配平。
2、离子方程式定量的书写。
正确答案
蒸发浓缩（或加热浓缩）、冷却结晶（或降温结晶）、过滤。
解析
蒸发浓缩（或加热浓缩）、冷却结晶（或降温结晶）、过滤。
考查方向
解题思路
1、化工流程中的实验分析化工流程的命题来源很广，与各个知识模块的结合点较多，因此分析工业生产化工流程题时，应将流程路线、试题设问和理论知识有机结合起来，它常常结合工艺流程考查基本化学实验问题，可以说它是无机框图题的创新。流程的呈现形式有：①操作流程；②物质变化流程；③装置流程。制备装置的识图技巧①明确目的；②所制备物质是否有特殊性质(即是否需要特殊保护)；③制备过程中是否产生有毒气体等；④进入每一装置的物质是什么，吸收了什么物质或生成了什么物质。
2、解题时首先要明确原料和产品(包括副产品)，即箭头进出方向，其次依据流程图分析反应原理，紧扣信息，搞清流程中每一步发生了什么反应——知其然，弄清有关反应原理，明确目的(如沉淀反应、除杂、分离)——知其所以然，最后联系储存的知识，有效地进行信息的利用，准确表述和工整书写。由于化工流程常与溶液的配制、物质的分离及定量测定等基本操作有机结合起来，所以只有复习时牢固掌握实验基础知识，才能有效结合题中的信息，准确答题。
易错点
1、氧化还原方程式的配平。
2、离子方程式定量的书写。
正确答案
MnO2
解析
图中可以直接进行循环利用的物质是MnO2（操作1中分离的滤渣可重新作为原料投入生产）。
考查方向
解题思路
1、化工流程中的实验分析化工流程的命题来源很广，与各个知识模块的结合点较多，因此分析工业生产化工流程题时，应将流程路线、试题设问和理论知识有机结合起来，它常常结合工艺流程考查基本化学实验问题，可以说它是无机框图题的创新。流程的呈现形式有：①操作流程；②物质变化流程；③装置流程。制备装置的识图技巧①明确目的；②所制备物质是否有特殊性质(即是否需要特殊保护)；③制备过程中是否产生有毒气体等；④进入每一装置的物质是什么，吸收了什么物质或生成了什么物质。
2、解题时首先要明确原料和产品(包括副产品)，即箭头进出方向，其次依据流程图分析反应原理，紧扣信息，搞清流程中每一步发生了什么反应——知其然，弄清有关反应原理，明确目的(如沉淀反应、除杂、分离)——知其所以然，最后联系储存的知识，有效地进行信息的利用，准确表述和工整书写。由于化工流程常与溶液的配制、物质的分离及定量测定等基本操作有机结合起来，所以只有复习时牢固掌握实验基础知识，才能有效结合题中的信息，准确答题。
易错点
1、氧化还原方程式的配平。
2、离子方程式定量的书写。
正确答案
KCl，CH3COOK；反应生成K2SO4，而K2SO4在常温下的溶解度也较小，析出后从而导致产品的纯度降低。或答：硫酸酸性太强，导致MnO4－将Cl－氧化，产生有毒的Cl2，KMnO4损失且纯度降低。
解析
KMnO4粗晶体中的主要杂质（填化学式）有KCl，CH3COOK；，若用硫酸代替图中的冰醋酸，则导致的反应生成K2SO4，而K2SO4在常温下的溶解度也较小，析出后从而导致产品的纯度降低。或答：硫酸酸性太强，导致MnO4－将Cl－氧化，产生有毒的Cl2，KMnO4损失且纯度降低。
考查方向
解题思路
1、化工流程中的实验分析化工流程的命题来源很广，与各个知识模块的结合点较多，因此分析工业生产化工流程题时，应将流程路线、试题设问和理论知识有机结合起来，它常常结合工艺流程考查基本化学实验问题，可以说它是无机框图题的创新。流程的呈现形式有：①操作流程；②物质变化流程；③装置流程。制备装置的识图技巧①明确目的；②所制备物质是否有特殊性质(即是否需要特殊保护)；③制备过程中是否产生有毒气体等；④进入每一装置的物质是什么，吸收了什么物质或生成了什么物质。
2、解题时首先要明确原料和产品(包括副产品)，即箭头进出方向，其次依据流程图分析反应原理，紧扣信息，搞清流程中每一步发生了什么反应——知其然，弄清有关反应原理，明确目的(如沉淀反应、除杂、分离)——知其所以然，最后联系储存的知识，有效地进行信息的利用，准确表述和工整书写。由于化工流程常与溶液的配制、物质的分离及定量测定等基本操作有机结合起来，所以只有复习时牢固掌握实验基础知识，才能有效结合题中的信息，准确答题。
易错点
1、氧化还原方程式的配平。
2、离子方程式定量的书写。
12．下列说法正确的是
正确答案
解析
A、铅蓄电池电极反应：负极：Pb+SO42--2e-=PbSO4 正极：PbO2+4H++SO42-+2e-=PbSO4+2H2O 不难看出铅蓄电池在放电过程中，负极生成PbSO4质量增加，正极生成PbSO4质量也增加，故A错误；
B、因熵增、焓减的化学反应可能自发进行，反应气体体积增大△S＞0，反应C（s）+CO2（g）=2CO（g）不能自发进行，则该反应的△H＞0，故B正确；
C、因催化剂能同等程度地加快正逆反应速率，对平衡移动无影响，则不能提高反应物的平衡转化率；故C错误；
D、由Fe3++Cu=Fe2++Cu2+、Zn+Cu2+=Zn2++Cu可判断出溶液中的氧化性依次减弱次序为：Fe3+＞Cu2+＞Zn2+
考查方向
本题主要考查了常见化学电源的种类及其工作原理；氧化性、还原性强弱的比较；反应热和焓变；化学平衡的影响因素
解题思路
根据铅蓄电池的总反应式,其中负极：Pb+SO42--2e-=PbSO4；正极：PbO2+4H++SO42-+2e-=PbSO4+2H2O，不难看出铅蓄电池在放电过程中，负极生成PbSO4质量增加，正极生成PbSO4质量也增加；反应C（s）+CO2（g）=2CO（g）中△S＞0，不能自发进行，则该反应的△H＞0；利用催化剂同等程度增加正逆反应速率，平衡不发生移动，并不能提高反应物的平衡转化率；按金属活动性顺序，金属性依次减弱，金属单质还原性也依次减弱，对应离子氧化性依次增强，同时Fe3+对应排在Cu2+之后．另外据Fe3++Cu=Fe2++Cu2+、Fe+Cu2+=Fe2++Cu也不难看出溶液中的氧化性依次减弱次序为：Fe3+＞Cu2+＞Zn2+．
易错点
1、溶液中的氧化性依次减弱次序.
2、铅蓄电池在放电过程, 负极生成PbSO4质量增加，正极生成PbSO4质量也增加.
知识点
钛被称为继铁、铝之后的第三金属，制备金属钛的一种流程如下：
回答下列问题：
28.基态钛原子的价电子排布图为 ，其原子核外共有 种运动状态相同的电子。金属钛晶胞如图37—1所示，为 堆积（填堆积方式）。
29.已知TiCl4在通常情况下是无色液体，熔点为–37℃，沸点为136℃，可知TiCl4为______晶体。
30.纳米TiO2是一种应用广泛的催化剂，其催化的一个实例如图37—2。化合物乙的沸点明显高于化合物甲，主要原因是 。化合物乙中采取sp3杂化的原子的第一电离能由大到小的顺序为 。
1.硫酸氧钛晶体中阳离子为链状聚合形式的离子，结构如图37—3所示。该阳离子Ti与O的原子数之比为 ，其化学式为 。
32.钙钛矿晶体的结构如图37—4所示。钛离子位于立方晶胞的角顶，被 个氧离子包围成配位八面体；钙离子位于立方晶胞的体心，被 个氧离子包围。钙钛矿晶体的化学式为 。
正确答案
解析
（1）钛为22号元素，基态电子排布式为：[Ar]3d24s2，则基态钛原子的价电子排布式为3d24s2，故答案为：3d24s2；
（2）因TiCl4在常温下是无色液体，说明熔点低，在水或潮湿空气中易水解而冒白烟，说明钛离子为弱碱阳离子，由此可判断 TiCl4是由共价键结合的分子，晶体类型属于分子晶体。
（3）化合物乙的沸点明显高于化合物甲，主要原因是化合物乙分子间形成氢键。化合物乙中采取sp3杂化的原子的第一电离能由大到小的顺序为N＞O＞C，原因是同一周期元素中，元素的第一电离能随着原子序数的增大而呈增大趋势，但第VA族元素大于相邻元素，所以这三种元素第一电离能从大到小顺序是：N＞O＞C。
（4）硫酸氧钛晶体中阳离子为链状聚合形式的离子，结构如图
（5）根据晶胞结构图可知，在晶胞中氧原子分布立方体的棱边中点，被四个立方体共用，所以氧原子数为12*1/4=3，钛原子分布在立方体的八个顶点，每个钛被八个立方体共用，所以钛原子数为8×1/8=1，钙原子分布在立方体的体心，所以钙原子数为1，钛离子位于立方晶胞的角顶，被6个氧离子包围成配位八面体；钙离子位于立方晶胞的体心，被12个氧离子包围。据此可以确定化学式为CaTiO3故答案为：CaTiO3；
考查方向
本题主要考查了原子核外电子排布；配合物的成键情况；不同晶体的结构微粒及微粒间作用力的区别; 晶胞的计算。
解题思路
本题考查物质结构和性质，涉及晶胞的计算、原子的杂化方式、第一电离能大小的判断、基态原子核外电子排布式的书写等知识点，这些都是高考热点，会利用价层电子对互斥理论确定原子的杂化方式、第一电离能的规律、构造原理来分析解答，难点的晶胞密度的计算．
（1）根据构造原理，由原子序数即可写出基态原子的电子排布式，进而可写出价电子排布式；
（2）根据题目中提供的物理性质来判断晶体类型；
（3）同一周期元素中，元素的第一电离能随着原子序数的增大而呈增大趋势，但第VA族元素大于相邻元素；
易错点
1.根据构造原理，由原子序数即可写出基态原子的电子排布式。
2. 本题易错点是没注意题目要求，如价电子排布式写成了基态原子的电子排布式．
3. 晶胞的计算.
正确答案
分子
解析
（1）钛为22号元素，基态电子排布式为：[Ar]3d24s2，则基态钛原子的价电子排布式为3d24s2，故答案为：3d24s2；
（2）因TiCl4在常温下是无色液体，说明熔点低，在水或潮湿空气中易水解而冒白烟，说明钛离子为弱碱阳离子，由此可判断 TiCl4是由共价键结合的分子，晶体类型属于分子晶体。
（3）化合物乙的沸点明显高于化合物甲，主要原因是化合物乙分子间形成氢键。化合物乙中采取sp3杂化的原子的第一电离能由大到小的顺序为N＞O＞C，原因是同一周期元素中，元素的第一电离能随着原子序数的增大而呈增大趋势，但第VA族元素大于相邻元素，所以这三种元素第一电离能从大到小顺序是：N＞O＞C。
（4）硫酸氧钛晶体中阳离子为链状聚合形式的离子，结构如图
（5）根据晶胞结构图可知，在晶胞中氧原子分布立方体的棱边中点，被四个立方体共用，所以氧原子数为12*1/4=3，钛原子分布在立方体的八个顶点，每个钛被八个立方体共用，所以钛原子数为8×1/8=1，钙原子分布在立方体的体心，所以钙原子数为1，钛离子位于立方晶胞的角顶，被6个氧离子包围成配位八面体；钙离子位于立方晶胞的体心，被12个氧离子包围。据此可以确定化学式为CaTiO3故答案为：CaTiO3；
考查方向
本题主要考查了原子核外电子排布；配合物的成键情况；不同晶体的结构微粒及微粒间作用力的区别; 晶胞的计算。
解题思路
本题考查物质结构和性质，涉及晶胞的计算、原子的杂化方式、第一电离能大小的判断、基态原子核外电子排布式的书写等知识点，这些都是高考热点，会利用价层电子对互斥理论确定原子的杂化方式、第一电离能的规律、构造原理来分析解答，难点的晶胞密度的计算．
（1）根据构造原理，由原子序数即可写出基态原子的电子排布式，进而可写出价电子排布式；
（2）根据题目中提供的物理性质来判断晶体类型；
（3）同一周期元素中，元素的第一电离能随着原子序数的增大而呈增大趋势，但第VA族元素大于相邻元素；
易错点
1.根据构造原理，由原子序数即可写出基态原子的电子排布式。
2. 本题易错点是没注意题目要求，如价电子排布式写成了基态原子的电子排布式．
3. 晶胞的计算.
正确答案
化合物乙分子间形成氢键 N＞O＞C
解析
（1）钛为22号元素，基态电子排布式为：[Ar]3d24s2，则基态钛原子的价电子排布式为3d24s2，故答案为：3d24s2；
（2）因TiCl4在常温下是无色液体，说明熔点低，在水或潮湿空气中易水解而冒白烟，说明钛离子为弱碱阳离子，由此可判断 TiCl4是由共价键结合的分子，晶体类型属于分子晶体。
（3）化合物乙的沸点明显高于化合物甲，主要原因是化合物乙分子间形成氢键。化合物乙中采取sp3杂化的原子的第一电离能由大到小的顺序为N＞O＞C，原因是同一周期元素中，元素的第一电离能随着原子序数的增大而呈增大趋势，但第VA族元素大于相邻元素，所以这三种元素第一电离能从大到小顺序是：N＞O＞C，
（4）硫酸氧钛晶体中阳离子为链状聚合形式的离子，结构如图
（5）根据晶胞结构图可知，在晶胞中氧原子分布立方体的棱边中点，被四个立方体共用，所以氧原子数为12*1/4=3，钛原子分布在立方体的八个顶点，每个钛被八个立方体共用，所以钛原子数为8×1/8=1，钙原子分布在立方体的体心，所以钙原子数为1，钛离子位于立方晶胞的角顶，被6个氧离子包围成配位八面体；钙离子位于立方晶胞的体心，被12个氧离子包围。据此可以确定化学式为CaTiO3故答案为：CaTiO3；
考查方向
本题主要考查了原子核外电子排布；配合物的成键情况；不同晶体的结构微粒及微粒间作用力的区别; 晶胞的计算。
解题思路
本题考查物质结构和性质，涉及晶胞的计算、原子的杂化方式、第一电离能大小的判断、基态原子核外电子排布式的书写等知识点，这些都是高考热点，会利用价层电子对互斥理论确定原子的杂化方式、第一电离能的规律、构造原理来分析解答，难点的晶胞密度的计算．
（1）根据构造原理，由原子序数即可写出基态原子的电子排布式，进而可写出价电子排布式；
（2）根据题目中提供的物理性质来判断晶体类型；
（3）同一周期元素中，元素的第一电离能随着原子序数的增大而呈增大趋势，但第VA族元素大于相邻元素；
易错点
1.根据构造原理，由原子序数即可写出基态原子的电子排布式。
2. 本题易错点是没注意题目要求，如价电子排布式写成了基态原子的电子排布式．
3. 晶胞的计算.
正确答案
1：1 TiO2+（或[TiO]n2n+）
解析
（1）钛为22号元素，基态电子排布式为：[Ar]3d24s2，则基态钛原子的价电子排布式为3d24s2，故答案为：3d24s2；
（2）因TiCl4在常温下是无色液体，说明熔点低，在水或潮湿空气中易水解而冒白烟，说明钛离子为弱碱阳离子，由此可判断 TiCl4是由共价键结合的分子，晶体类型属于分子晶体。
（3）化合物乙的沸点明显高于化合物甲，主要原因是化合物乙分子间形成氢键。化合物乙中采取sp3杂化的原子的第一电离能由大到小的顺序为N＞O＞C，原因是同一周期元素中，元素的第一电离能随着原子序数的增大而呈增大趋势，但第VA族元素大于相邻元素，所以这三种元素第一电离能从大到小顺序是：N＞O＞C，
（4）硫酸氧钛晶体中阳离子为链状聚合形式的离子，结构如图
（5）根据晶胞结构图可知，在晶胞中氧原子分布立方体的棱边中点，被四个立方体共用，所以氧原子数为12*1/4=3，钛原子分布在立方体的八个顶点，每个钛被八个立方体共用，所以钛原子数为8×1/8=1，钙原子分布在立方体的体心，所以钙原子数为1，钛离子位于立方晶胞的角顶，被6个氧离子包围成配位八面体；钙离子位于立方晶胞的体心，被12个氧离子包围。据此可以确定化学式为CaTiO3故答案为：CaTiO3；
考查方向
本题主要考查了原子核外电子排布；配合物的成键情况；不同晶体的结构微粒及微粒间作用力的区别; 晶胞的计算。
解题思路
本题考查物质结构和性质，涉及晶胞的计算、原子的杂化方式、第一电离能大小的判断、基态原子核外电子排布式的书写等知识点，这些都是高考热点，会利用价层电子对互斥理论确定原子的杂化方式、第一电离能的规律、构造原理来分析解答，难点的晶胞密度的计算．
（1）根据构造原理，由原子序数即可写出基态原子的电子排布式，进而可写出价电子排布式；
（2）根据题目中提供的物理性质来判断晶体类型；
（3）同一周期元素中，元素的第一电离能随着原子序数的增大而呈增大趋势，但第VA族元素大于相邻元素；
易错点
1.根据构造原理，由原子序数即可写出基态原子的电子排布式。
2. 本题易错点是没注意题目要求，如价电子排布式写成了基态原子的电子排布式。
3. 晶胞的计算。
正确答案
6 12 CaTiO3
解析
（1）钛为22号元素，基态电子排布式为：[Ar]3d24s2，则基态钛原子的价电子排布式为3d24s2，故答案为：3d24s2；
（2）因TiCl4在常温下是无色液体，说明熔点低，在水或潮湿空气中易水解而冒白烟，说明钛离子为弱碱阳离子，由此可判断 TiCl4是由共价键结合的分子，晶体类型属于分子晶体。
（3）化合物乙的沸点明显高于化合物甲，主要原因是化合物乙分子间形成氢键。化合物乙中采取sp3杂化的原子的第一电离能由大到小的顺序为N＞O＞C，原因是同一周期元素中，元素的第一电离能随着原子序数的增大而呈增大趋势，但第VA族元素大于相邻元素，所以这三种元素第一电离能从大到小顺序是：N＞O＞C，
（4）硫酸氧钛晶体中阳离子为链状聚合形式的离子，结构如图
（5）根据晶胞结构图可知，在晶胞中氧原子分布立方体的棱边中点，被四个立方体共用，所以氧原子数为12*1/4=3，钛原子分布在立方体的八个顶点，每个钛被八个立方体共用，所以钛原子数为8×1/8=1，钙原子分布在立方体的体心，所以钙原子数为1，钛离子位于立方晶胞的角顶，被6个氧离子包围成配位八面体；钙离子位于立方晶胞的体心，被12个氧离子包围。据此可以确定化学式为CaTiO3故答案为：CaTiO3；
考查方向
本题主要考查了原子核外电子排布；配合物的成键情况；不同晶体的结构微粒及微粒间作用力的区别; 晶胞的计算。
解题思路
本题考查物质结构和性质，涉及晶胞的计算、原子的杂化方式、第一电离能大小的判断、基态原子核外电子排布式的书写等知识点，这些都是高考热点，会利用价层电子对互斥理论确定原子的杂化方式、第一电离能的规律、构造原理来分析解答，难点的晶胞密度的计算．
（1）根据构造原理，由原子序数即可写出基态原子的电子排布式，进而可写出价电子排布式；
（2）根据题目中提供的物理性质来判断晶体类型；
（3）同一周期元素中，元素的第一电离能随着原子序数的增大而呈增大趋势，但第VA族元素大于相邻元素；
易错点
1.根据构造原理，由原子序数即可写出基态原子的电子排布式。
2. 本题易错点是没注意题目要求，如价电子排布式写成了基态原子的电子排布式．
3. 晶胞的计算.
6.铅、二氧化铅、氟硼酸（HBF4）电池是一种低温性能优良的电池，常用于军事和国防工业，其总反应方程式为Pb+PbO2+4HBF4
正确答案
解析
原电池的总反应为：Pb+PbO2+4HBF4=2Pb（BF4）2+2H2O，故放电时负极反应为：Pb-2e-=Pb2+；正极反应：PbO2+2e-+4H+=Pb2++2H2O，阴离子移向负极，阳离子移向正极；
充电时，阴极反应：Pb2++2e-=Pb，阳极反应：Pb2++2H2O-2e-=PbO2+4H+，阴离子移向阳极，阳离子移向阴极。
A、放电时，此装置为原电池，阴离子BF4-要向负极移动，故A正确；
B、放电时，正极反应：PbO2+2e-+4H+=Pb2++2H2O，每当转移2mol电子时正极有1molPbO2溶解，质量减少239g，故转移1mol电子时正极减少的质量为119.5g，故B正确；
C、充电时，阳极反应：Pb2++2H2O-2e-=PbO2+4H+，产生大量氢离子，故阳极附近溶液的酸性增强，故C错误；
D、充电时的阴极反应即是将放电时的负极反应倒过来，故阴极反应为：Pb2++2e-=Pb，故D正确．
故选C
考查方向
解题思路
原电池的总反应为：Pb+PbO2+4HBF4===2Pb（BF4）2+2H2O，故放电时负极反应为：Pb-2e-=Pb2+；正极反应：PbO2+2e-+4H+=Pb2++2H2O，阴离子移向负极，阳离子移向正极；
充电时，阴极反应：Pb2++2e-=Pb，阳极反应：Pb2++2H2O-2e-=PbO2+4H+，阴离子移向阳极，阳离子移向阴极．据此分析．
易错点
本题考查了原电池中电极反应式的书写和离子移动方向的判断，应注意的是在原电池中，阴离子移向负极，阳离子移向正极；在电解池中，阴离子移向阳极，阳离子移向阴极．
知识点
13.还原沉淀法是处理含铬（含Cr2O72－和CrO42－）工业废水的常用方法，过程如下：
已知转化过程中的反应为2CrO42﹣(aq)+2H+(aq) 
正确答案
解析
A．CrO42﹣为黄色的，Cr2O72﹣为橙色的，如果2CrO42﹣(aq)+2H+(aq) 
B．在1L废水中+6价的Cr的物质的量为n(Cr)=28.6g÷52g/mol =0.55mol，根据氧化还原反应中电子得失数目相等可得，n(FeSO4·7H2O)=3×0.55mol=1.65mol，m(FeSO4·7H2O) = 1.65mol×278g/mol=458.7g，B错误；
C．2CrO42﹣(aq)+2H+(aq) 
c(CrO42-)={(28.6÷52)÷11}mol/L=0.05mol/L，c(Cr2O72-)=(11÷2)×c(CrO42-)=0.25mol/L，代入该平衡常数表达式中可得c(H+)=10-6mol/L，所以pH=6，C正确；
D．c(Cr3+)·c3(OH-)=1×10﹣32，c3(OH-)=1×10﹣32÷1×10﹣5=1×10﹣27，所以c(OH-)=1×10﹣9，c(H+)=1×10﹣14÷1×10﹣9=1×10﹣5，pH=5，D正确。
故选B。
考查方向
解题思路
A．CrO42﹣为黄色的，Cr2O72﹣为橙色的，如果2CrO42﹣(aq)+2H+(aq) 
B．在1L废水中+6价的Cr的物质的量为n(Cr)=28.6g÷52g/mol =0.55mol，根据氧化还原反应中电子得失数目相等可得，n(FeSO4·7H2O)=3×0.55mol=1.65mol，m(FeSO4·7H2O) = 1.65mol×278g/mol=458.7g；
C．2CrO42﹣(aq)+2H+(aq) 
c(CrO42-)={(28.6÷52)÷11}mol/L=0.05mol/L，c(Cr2O72-)=(11÷2)×c(CrO42-)=0.25mol/L，代入该平衡常数表达式中可得c(H+)=10-6mol/L，所以pH=6；
D．c(Cr3+)·c3(OH-)=1×10﹣32，c3(OH-)=1×10﹣32÷1×10﹣5=1×10﹣27，所以c(OH-)=1×10﹣9，c(H+)=1×10﹣14÷1×10﹣9=1×10﹣5，pH=5。
易错点
本题考查难溶电解质的溶解平衡，为高频考点，侧重于学生的分析能力和计算能力的考查，注意把握相关计算公式的运用，难度中等。
知识点
6. 下列铁制品（铁钉或钢铁管道）易被腐蚀的是
A
B
C
D
正确答案
解析
A、为电解池，铁为阴极，受保护，不发生反应；
B、为原电池，镁为负极，铜铁输水管为正极，受保护，不发生反应；
C、锌比铁活泼，形成原电池，锌为负极，铁为正极，受保护，不发生反应；
D、铁的活动性比铜弱，铁为负极，发生反应，易被腐蚀，所以答案为D。
考查方向
解题思路
本题考查了金属的腐蚀与防护，明确原电池原理是解本题关键，作原电池负极或电解池阳极的金属易被腐蚀，作原电池正极或电解池阴极的金属被保护。能构成原电池且作原电池负极的铁易被腐蚀，且温度越高，反应速率越大，据此分析解答。
易错点
1、作电解池阳极的金属易被腐蚀。
2、能构成原电池且作原电池负极的铁易被腐蚀。
知识点
12.A1／MnO4–电池是一种高能电池，以Ga2O3为缓蚀剂，其示意图如图所示。已知电池总反应为Al+ MnO4–+2H2O=Al(OH)4-+MnO2。下列说法正确的是（ ）
正确答案
解析
A．电池工作时，K+向正极移动，A错误；
B．电池工作时，Al电极的电极反应式：Al+4OH–-3e- = Al(OH)4-，氢氧根离子减少，周围溶液pH减小，B错误；
C．正极反应MnO4–得电子，电极反应式为：MnO4–+2H2O+3e一= MnO2+4OH–，C正确；
D．电池工作时，电子由Al经外电路流向Ni，D错误。
故选C。
考查方向
解题思路
A1/MnO4–电池是一种高能电池，以Ga2O3为缓蚀剂。已知电池总反应为Al+ MnO4–+2H2O=Al(OH)4-+MnO2。Al为负极，失去电子，生成Al(OH)4-；Ni为正极，MnO4–得到电子，生成MnO2；
易错点
D中注意电池工作时电子由Al经外电路流向Ni。
知识点
9．下列各组离子可以大量共存的是
正确答案
考查方向
解题思路
A. 遇酚酞变红的溶液含有OH-
B. 常温下Kw/c(H+)＝1×10-13mol/L的溶液中, Kw/c(H+)＝c(OH-)
C. 水电离出的c(H+)＝10-10mol/L的溶液即显酸性又显碱性。
D.AlCl3溶液中铝离子水解显酸性。
易错点
Kw/c(H+)＝1×10-13mol/L的溶液中, Kw/c(H+)＝c(OH-)
水电离出的c(H+)＝10-10mol/L的溶液即显酸性又显碱性
知识点
某学习小组通过下列装置探究MnO2与FeCl3·6H2O能否反应产生Cl2。
实验操作和现象：
28.现象i 中的白雾是______________，形成白雾的原因是_____________。
29.分析现象ii，该小组探究黄色气体的成分，实验如下：
a．加热FeCl3·6H2O，产生白雾和黄色气体。
b．用KSCN 溶液检验现象ii 和a 中的黄色气体，溶液均变红。
通过该实验说明现象ii 中黄色气体含有____________________。
30.除了氯气可使B 中溶液变蓝外，推测还可能的原因是：
①实验b 检出的气体使之变蓝，反应的离子方程式是____________。实验证实推测成立。
②溶液变蓝的另外一种原因是：在酸性条件下，装置中的空气使之变蓝。通过进一步实验确认了这种可能性，其实验方案是___________。
31.为进一步确认黄色气体是否含有 Cl2，小组提出两种方案，无证实了Cl2的存在。
方案 1：在A、B 间增加盛有某种试剂的洗气瓶C 。
方案 2：将B 中KI－淀粉溶液替换为NaBr 溶液；检验 Fe 2+ .
现象如下：
方案 1 ：B 中溶液变为蓝色
方案 2 ：B 中溶液呈浅橙红色；未检出Fe 2+
①方案1 的C 中盛放的试剂是 。
②方案2 中检验 Fe 2+的原因是 。
③综合方案1、2 的现象，说明选择NaBr 溶液的依据是 。
32.将A 中产物分离得到Fe2O3和MnCl2，A 中产生Cl2的化学方程式是 。
正确答案
HCl 小液滴FeCl3·6H2O 受热水解，生成HCl 气体，同时受热失去结晶水，HCl和H2O 结合形成盐酸小液滴
解析
考查盐类水解的应用，注意说明盐酸小液滴中HCl 和H2O 的来源即可。
考查方向
本题主要考查了氯气的实验室制法及其综合运用、盐类水解的应用、陌生方程式的书写。
解题思路
说明盐酸小液滴中HCl 和H2O 。
易错点
Br-不会被Fe3+氧化为Br2、陌生方程式的书写。
正确答案
FeCl3
解析
Fe3+可以使KSCN 溶液变红，注意书写的是黄色气体，写FeCl3，不要写Fe3+。
考查方向
本题主要考查了氯气的实验室制法及其综合运用、盐类水解的应用、陌生方程式的书写。
解题思路
Fe3+可以使KSCN 溶液变红。
易错点
Br-不会被Fe3+氧化为Br2、陌生方程式的书写。
正确答案
①2Fe3++2I-=2Fe2++I2
②另取一支试管，向其中加入KI-淀粉溶液，再滴入几滴HCl 溶液，在空气中放置。
观察一段时间后溶液是否变蓝。
解析
①检验出来的气体中含有FeCl3，书写Fe3+和I-的方程式即可。
②直接在装置上进行修改，需要除去Cl2 和Fe3+的干扰才能检验酸性情况下的O2 影响，无法进行操作。所以最好另取溶液对酸性情况下氧气的影响进行检验。因为原题中存在HCl 气体，所以酸化最好选用盐酸。
考查方向
本题主要考查了氯气的实验室制法及其综合运用、盐类水解的应用、陌生方程式的书写。
解题思路
①检验出来的气体中含有FeCl3。
②直需要除去Cl2 和Fe3+的干扰才能检验酸性情况下的O2 影响，
易错点
Br-不会被Fe3+氧化为Br2、陌生方程式的书写。
正确答案
①饱和NaCl 溶液
②排除Fe3+将Br-氧化成Br2 的可能性。
③Br-可以被Cl2 氧化成Br2，但不会被Fe3+氧化为Br2。
解析
①方案1 思路：除去Cl2 中的FeCl3 和O2(H+)，若仍能观察到B 中溶液仍变为蓝色，则证明原气体中确实存在Cl2。所以C 中盛放的试剂是用来除去FeCl3 和O2(H+)而不除Cl2 的。使用饱和NaCl 溶液，可以让FeCl3 溶解，并且除去O2 影响过程中提供酸性的HCl 气体，从而排除两个其他影响因素。
②方案2 思路：若B 中观察到浅橙红色，则证明有物质能够将Br-氧化成Br2，若未检查到Fe2+，则证明是Cl2 氧化的Br－，而不是Fe3+。另外，因为还原剂用的不是I-，可不用考虑O2(H+)的影响问题。
③NaBr 比KI-淀粉溶液好的原因，在于Fe3+能氧化I-对检验Cl2 产生干扰，而Fe3+不会氧化Br-，不会产生干扰。另外，最好请熟记氧化性Cl2>Br2>Fe3+>I2，在大量离子反应和实验探究题目中会有涉及。
考查方向
本题主要考查了氯气的实验室制法及其综合运用、盐类水解的应用、陌生方程式的书写。
解题思路
①方案1 思路：除去Cl2 中的FeCl3 和O2(H+)，若仍能观察到B 中溶液仍变为蓝色，则证明原气体中确实存在Cl2。
②方案2 思路：若B 中观察到浅橙红色，则证明有物质能够将Br-氧化成Br2，若未检查到Fe2+，则证明是Cl2 氧化的Br－，而不是Fe3+。
③Fe3+能氧化I-对检验Cl2 产生干扰
易错点
Br-不会被Fe3+氧化为Br2、陌生方程式的书写。
正确答案
3MnO2+4FeCl3·6H2O==(带加热符号)2Fe2O3+3MnCl2+3Cl2↑+24H2O
解析
陌生方程式的书写，注意各物质的配平系数。3MnO2+4FeCl3·6H2O==(带加热符号)2Fe2O3+3MnCl2+3Cl2↑+24H2O。
考查方向
本题主要考查了氯气的实验室制法及其综合运用、盐类水解的应用、陌生方程式的书写。
解题思路
各物质的配平系数。
易错点
Br-不会被Fe3+氧化为Br2、陌生方程式的书写。
7．通常用于金属制品表面防腐的“银粉”，实际上是下列哪种金属的粉末
正确答案
解析
A．Al是银白色金属，表面可以形成一层致密的氧化膜，阻碍铝被进一步氧化，是常用于金属制品表面防腐的“银粉”，A正确；
B．Mg是银白色金属，易被空气中氧气氧化，不能用于金属制品表面防腐，B错误；
C．Cu是紫红金属，可以和空气中氧气、二氧化碳、水反应生成铜锈，不能用于金属制品表面防腐，C错误；
D．Au是金黄色金属，在空气中不能被氧化，但价格昂贵，不用于金属制品表面防腐，D错误；
故选A。
考查方向
解题思路
A．Al是银白色金属，表面可以形成一层致密的氧化膜，阻碍铝被进一步氧化；
B．Mg是银白色金属，易被空气中氧气氧化；
C．Cu是紫红金属，可以和空气中氧气、二氧化碳、水反应生成铜锈；
D．Au是金黄色金属，在空气中不能被氧化，但价格昂贵；
易错点
Mg也是银白色金属，但易被空气中氧气氧化，不能用于金属制品表面防腐，
知识点
扫码查看完整答案与解析