- 化学与资源开发利用
- 共19748题
有一白色固体混合物，可能含有的阴、阳离子分别是
为了鉴定其中的离子，现进行如下实验，根据实验现象，填写下列表格：
（1）取该粉末，加水后得到无色溶液，且未嗅到气味；用pH试纸测得溶液的pH为12．
（2）向溶液中滴加盐酸溶液，开始有沉淀生成，继续滴加，沉淀消失，同时有无色无味气体逸出．
（3）尚待检验的离子及其检验方法
正确答案
解：（1）取该粉末，加水后得到无色溶液，且未嗅到气味，证明原溶液中无铵根离子；用pH试纸测得溶液的pH为12．溶液呈碱性，Ag+、Mg2+离子不能存在，由此可推出肯定不存在的离子为NH4+、Ag+、Mg2+；
（2）向溶液中滴加盐酸溶液，开始有沉淀生成，继续滴加，沉淀消失，与盐酸反应生成沉淀的只有AlO2-离子，同时有无色无味气体逸出．证明含CO32-；根据离子共存分析一定不存在Ba2+，SO32-离子与酸反应生成无色刺激性气味的气体，判断一定不含有SO32-，
故答案为：
（3）依据实验现象Na+、K+、SO42-离子不能判断，依据溶液电荷守恒，一定存在阳离子Na+、K+的一种换货两种，硫酸根离子可能含有，检验金属离子Na+、K+的检验需要通过焰色反应完成，即做焰色反应火焰呈黄色的证明含钠离子，隔着钴玻璃为紫色的说明含有钾离子，检验硫酸根离子的存在时加入盐酸酸化的氯化钡生成白色沉淀，证明含有硫酸根离子；
故答案为：
．
解析
解：（1）取该粉末，加水后得到无色溶液，且未嗅到气味，证明原溶液中无铵根离子；用pH试纸测得溶液的pH为12．溶液呈碱性，Ag+、Mg2+离子不能存在，由此可推出肯定不存在的离子为NH4+、Ag+、Mg2+；
（2）向溶液中滴加盐酸溶液，开始有沉淀生成，继续滴加，沉淀消失，与盐酸反应生成沉淀的只有AlO2-离子，同时有无色无味气体逸出．证明含CO32-；根据离子共存分析一定不存在Ba2+，SO32-离子与酸反应生成无色刺激性气味的气体，判断一定不含有SO32-，
故答案为：
（3）依据实验现象Na+、K+、SO42-离子不能判断，依据溶液电荷守恒，一定存在阳离子Na+、K+的一种换货两种，硫酸根离子可能含有，检验金属离子Na+、K+的检验需要通过焰色反应完成，即做焰色反应火焰呈黄色的证明含钠离子，隔着钴玻璃为紫色的说明含有钾离子，检验硫酸根离子的存在时加入盐酸酸化的氯化钡生成白色沉淀，证明含有硫酸根离子；
故答案为：
．
某试液中只可能含有K+、NH4+、Fe2+、Al3+、Cl-、SO42-、CO32-、AlO2- 中的若干种离子，离子浓度均为0.1mol•L-1．某同学进行了如下实验：
下列说法正确的是（ ）
正确答案
解析
解：加入过量稀硫酸无明显变化，说明无碳酸根离子，无Ba2+，无AlO2-；
加入硝酸钡有气体，因为前面已经加入了硫酸，硝酸根离子在酸性条件下具有强氧化性，说明有亚铁离子存在且被氧化，沉淀为硫酸钡；
加入NaOH有气体，说明存在铵根离子，气体氨气，沉淀B为红褐色氢氧化铁沉淀；
通入少量CO2产生沉淀，先与OH-、Ba2+反应，沉淀C为碳酸钡，不能说明存在Al3+．
因为存在的离子浓度均为0.1mol•L-1，从电荷的角度出发，只能含有NH4+、Fe2+、Cl-、SO42-才能保证电荷守恒，K+必然不能存在．故A、B、C错误，D正确．
故选：D．
现有A、B、C、D、E、F六种化合物，其阴阳离子均不同．已知它们的阳离子是K+、Ag+、Ca2+、Ba2+、Fe2+、Al3+，阴离子是Cl-、OH-、CH3COO-、NO3-、SO42-、CO32-，将它们分别配成溶液进行如下实验：
①测得溶液A、C、E呈碱性，且碱性为A＞E＞C；
②向B溶液中滴加稀氨水，先出现沉淀，持续滴加氨水，沉淀消失；
③向D溶液中滴加Ba（NO3）2溶液，无明显现象；
④向F溶液中滴加氨水，生成白色絮状沉淀，沉淀迅速变成灰绿色，最后变成红褐色．
依据上述实验现象，回答下列问题：
（1）实验④中的离子方程式是______；
（2）E溶液是______，判别依据是______；
（3）C溶液显碱性的原因______（用离子方程式解释）
（4）常温下pH均为12的E的水溶液和A的水溶液中水电离出的氢离子浓度之比为______；
（5）向20mL2mol/LD溶液中加入30mlA溶液，充分反应后得到0.78克沉淀，则A溶液的物质的量浓度可能是______mol/L．
正确答案
解：①测得溶液A、C、E呈碱性，三种溶液为碱液或水解呈碱性的溶液，且碱性为A＞E＞C，则A为碱，溶液中含有大量的OH-离子，OH-离子与Ag+，Ca2+，Fe2+，Al3+等离子不能大量共存，故A只能为Ba（OH）2；根据越弱越水解，E应为碳酸盐，根据离子共存，只能为K2CO3，C为醋酸盐；
②向B溶液中滴加稀氨水，先出现沉淀，继续滴加氨水，沉淀消失，则B中含有银离子，应为硝酸银溶液，加入氨水发生的反应为：AgNO3+NH3•H2O=AgOH↓+NH4NO3、AgOH+2NH3•H2O=Ag（NH3）2OH+2H2O；
③向D溶液中滴加Ba（NO3）2溶液，无明显现象，说明D中不含SO42-离子，则SO42-离子只能存在于F中；
④向F溶液中滴加氨水，生成白色絮状沉淀，沉淀迅速变成灰绿色，最后变成红褐色，说明F中含有Fe2+离子，结合③可知，F为FeSO4；剩余的钙离子含在C中，即C为Ca（CH3COO）2，
综上分析可知，A为Ba（OH）2，B为AgNO3，C为Ca（CH3COO）2，D为AlCl3，E为K2CO3，F为FeSO4，
（1）F中含有亚铁离子，加入氨水后亚铁离子与氨水反应生成氢氧化亚铁，氢氧化亚铁容易被空气中氧气氧化成氢氧化铁，反应的离子方程式为：Fe2++2NH3•H2O=Fe（OH）2↓+2NH4+、4Fe（OH）2+O2+2H2O=4Fe（OH）3，
故答案为：Fe2++2NH3•H2O=Fe（OH）2↓+2NH4+；4Fe（OH）2+O2+2H2O=4Fe（OH）3；
（2）根据分析可知，E应为碳酸盐，六种阳离子中可以与碳酸根形成可溶性盐的只有钾离子，故E为K2CO3，
故答案为：碳酸钾；由①中碱性强弱的顺序可知，E是碳酸盐，六种阳离子中可以与碳酸根形成可溶性盐的只有钾离子，所以E是碳酸钾；
（3）C为Ca（CH3COO）2，醋酸根离子在溶液中存在水解平衡：CH3COO-+H2O⇌CH3COOH+OH-，溶液显示碱性，
故答案为：CH3COO-+H2O⇌CH3COOH+OH-；
（4）E为K2CO3，A为Ba（OH）2，常温下pH均为12的K2CO3的水溶液中氢氧根离子浓度为0.01mol/L，碳酸钾溶液中的氢氧根离子是水电离的，则水电离的氢离子为0.01mol/L；
pH=12的氢氧化钡溶液中氢氧根离子浓度为0.01mol/L，氢氧化钡溶液中的氢离子为水电离的，则水电离的氢离子浓度为：1×10-12mol/L，
则两溶液中水电离的氢离子浓度之比为：0.01mol/L：1×10-12mol/L=1010：1，
故答案为：1010：1；
（5）A为Ba（OH）2，D为AlCl3，向20mL2mol/LAlCl3溶液中加入30mlBa（OH）2溶液，充分反应后得到0.78克沉淀，沉淀为氢氧化铝，
设Ba（OH）2的浓度为c，当NaOH不足时，
Al3++3OH-=Al（OH）3↓
3mol 78g
0.03L×2c 0.78g
解得：c=
当Ba（OH）2使Al（OH）3部分溶解时，设Ba（OH）2的物质的量为x，根据反应：
Al3++3OH-=Al（OH）3↓
1mol 3mol 78g
0.04mol 0.12mol 3.12g
Al（OH）3+OH-=AlO2-+H2O
78g 1mol
（3.12-0.78）g （2x-0.12mol）
78g×（2x-0.12mol）=1mol×（3.12-0.78）g，
解得：x=0.075mol，
氢氧化钡溶液的浓度为：
故答案为：0.5或2.5．
解析
解：①测得溶液A、C、E呈碱性，三种溶液为碱液或水解呈碱性的溶液，且碱性为A＞E＞C，则A为碱，溶液中含有大量的OH-离子，OH-离子与Ag+，Ca2+，Fe2+，Al3+等离子不能大量共存，故A只能为Ba（OH）2；根据越弱越水解，E应为碳酸盐，根据离子共存，只能为K2CO3，C为醋酸盐；
②向B溶液中滴加稀氨水，先出现沉淀，继续滴加氨水，沉淀消失，则B中含有银离子，应为硝酸银溶液，加入氨水发生的反应为：AgNO3+NH3•H2O=AgOH↓+NH4NO3、AgOH+2NH3•H2O=Ag（NH3）2OH+2H2O；
③向D溶液中滴加Ba（NO3）2溶液，无明显现象，说明D中不含SO42-离子，则SO42-离子只能存在于F中；
④向F溶液中滴加氨水，生成白色絮状沉淀，沉淀迅速变成灰绿色，最后变成红褐色，说明F中含有Fe2+离子，结合③可知，F为FeSO4；剩余的钙离子含在C中，即C为Ca（CH3COO）2，
综上分析可知，A为Ba（OH）2，B为AgNO3，C为Ca（CH3COO）2，D为AlCl3，E为K2CO3，F为FeSO4，
（1）F中含有亚铁离子，加入氨水后亚铁离子与氨水反应生成氢氧化亚铁，氢氧化亚铁容易被空气中氧气氧化成氢氧化铁，反应的离子方程式为：Fe2++2NH3•H2O=Fe（OH）2↓+2NH4+、4Fe（OH）2+O2+2H2O=4Fe（OH）3，
故答案为：Fe2++2NH3•H2O=Fe（OH）2↓+2NH4+；4Fe（OH）2+O2+2H2O=4Fe（OH）3；
（2）根据分析可知，E应为碳酸盐，六种阳离子中可以与碳酸根形成可溶性盐的只有钾离子，故E为K2CO3，
故答案为：碳酸钾；由①中碱性强弱的顺序可知，E是碳酸盐，六种阳离子中可以与碳酸根形成可溶性盐的只有钾离子，所以E是碳酸钾；
（3）C为Ca（CH3COO）2，醋酸根离子在溶液中存在水解平衡：CH3COO-+H2O⇌CH3COOH+OH-，溶液显示碱性，
故答案为：CH3COO-+H2O⇌CH3COOH+OH-；
（4）E为K2CO3，A为Ba（OH）2，常温下pH均为12的K2CO3的水溶液中氢氧根离子浓度为0.01mol/L，碳酸钾溶液中的氢氧根离子是水电离的，则水电离的氢离子为0.01mol/L；
pH=12的氢氧化钡溶液中氢氧根离子浓度为0.01mol/L，氢氧化钡溶液中的氢离子为水电离的，则水电离的氢离子浓度为：1×10-12mol/L，
则两溶液中水电离的氢离子浓度之比为：0.01mol/L：1×10-12mol/L=1010：1，
故答案为：1010：1；
（5）A为Ba（OH）2，D为AlCl3，向20mL2mol/LAlCl3溶液中加入30mlBa（OH）2溶液，充分反应后得到0.78克沉淀，沉淀为氢氧化铝，
设Ba（OH）2的浓度为c，当NaOH不足时，
Al3++3OH-=Al（OH）3↓
3mol 78g
0.03L×2c 0.78g
解得：c=
当Ba（OH）2使Al（OH）3部分溶解时，设Ba（OH）2的物质的量为x，根据反应：
Al3++3OH-=Al（OH）3↓
1mol 3mol 78g
0.04mol 0.12mol 3.12g
Al（OH）3+OH-=AlO2-+H2O
78g 1mol
（3.12-0.78）g （2x-0.12mol）
78g×（2x-0.12mol）=1mol×（3.12-0.78）g，
解得：x=0.075mol，
氢氧化钡溶液的浓度为：
故答案为：0.5或2.5．
下列实验操作中正确的是（ ）
正确答案
解析
解：A．金属阳离子的检验常用焰色反应，如Na+焰色为黄色，K+焰色为紫色（透过兰色钴玻璃观察），根据题意用洁净的铂丝蘸取某溶液放在酒精灯火焰上灼烧，若火焰呈黄色，黄色是Na+的焰色，即可说明溶液中含有Na+，故A正确；
B．能使澄清石灰水变浑浊的气体常见的有CO2、SO2等，发生Ca（OH）2+CO2═CaCO3↓+H2O、Ca（OH）2+SO2═CaSO3↓+H2O反应，CaCO3↓、CaSO3↓都为白色沉淀．某溶液中加入稀盐酸产生的无色气体如果是CO2，则溶液中可能含有CO32-或HCO3-，反应为CO32-+2H+═CO2↑+H2O或HCO3-+H+═CO2↑+H2O．所以某溶液加入稀盐酸产生无色气体，将气体通入澄清石灰水中，溶液变浑浊，可能有CO32-、HCO3-、SO32-、HSO3-等，故B错误；
C．加石灰水并加热有刺激性气味的气体产生，能使紫色石蕊试纸变为蓝色，氨气能使紫色石蕊试纸变蓝，这里试纸必须是湿润的（或者氨气中有水汽），这样氨气才能溶解到水中，显碱性．否则干燥的氨气是不能使试纸变色的．而题意中并未说明紫色石蕊试纸湿润，因此并不能说明紫色石蕊试纸一定变为蓝色，也就无法证明一定有NH4+，故C错误；
D．不溶于盐酸的白色沉淀如BaSO4、AgCl等．加入氯化钡溶液有白色沉淀产生，白色沉淀可能BaSO4或AgCl，反应为Ba2++SO42-═BaSO4↓、Ag++Cl-═AgCl↓，因此溶液中可能含有SO42-或
Ag+，故D错误；
故选A．
今有一混合物的水溶液，只可能含有以下离子中的若干种：K+，NH4+，Cl-，Mg2+，Ba2+，CO32-，SO42-，现取三份100mL该溶液进行如下实验：
（1）第一份加入AgNO3溶液有沉淀产生
（2）第二份加足量NaOH溶液加热后，收集到气体0.04mol
（3）第三份加足量BaCl2溶液后，得干燥沉淀6.27g，经足量盐酸洗涤干燥后，沉淀质量为2.33g．
根据上述实验，以下推测正确的是（ ）
①K+一定存在 ②100mL溶液中含0.01mol CO32-
③Cl-可能存在 ④Ba2+一定不存在，Mg2+可能存在．
正确答案
解析
解：①根据题意，Ba2+和SO42-，可发生离子反应生成BaSO4沉淀，因此两者不能大量共存．Ba2+和CO32-可发生离子反应生成BaCO3沉淀，因此两者也不能大量共存．
第一份加入AgNO3溶液有沉淀产生，可能发生Cl-+Ag+═AgCl↓、CO32-+2Ag+═Ag2CO3↓、SO42-+2Ag+═Ag2SO4↓，所以可能含有Cl-、CO32-、SO42-．
第二份加足量NaOH溶液加热后，收集到气体0.04mol，能和NaOH溶液加热产生气体的只能是NH4+，而没有沉淀产生说明一定不存在Mg2+（Mg2+可以和OH-反应生产氢氧化镁沉淀），故可确定一定含有NH4+，一定不存在Mg2+，根据反应NH4++OH-
第三份加足量BaCl2溶液后，得干燥沉淀6.27g，经足量盐酸洗涤．干燥后，沉淀质量为2.33g．部分沉淀溶于盐酸为BaCO3，部分沉淀不溶于盐酸为BaSO4，发生反应CO32-+Ba2+═BaCO3↓、SO42-+Ba2+═BaSO4↓，因为BaCO3+2HCl═BaCl2+CO2↑+H2O而使BaCO3溶解．因此溶液中一定存在CO32-、SO42-，一定不存在Ba2+，由条件可知BaSO4为2.33g，物质的量为
共0.06mol，NH4+所带正电荷为0.04mol，根据溶液中电荷守恒，可知K+一定存在，故①正确；
②由上述分析可得，BaCO3为6.27g-2.33g═3.94g，CO32-物质的量为0.02mol，故②错误；
③根据溶液中电荷守恒，可知K+一定存在，且K+物质的量≥0.02mol，当K+物质的量＞0.02mol时，溶液中还必须存在Cl-．因此当K+物质的量═0.02mol，溶液中不存在Cl-，当K+物质的量＞0.02mol时，溶液中一定存在Cl-，故③正确；
④溶液中一定存在CO32-、SO42-、NH4+，Ba2+和CO32-、SO42-可发生离子反应生成BaCO3↓、BaSO4↓而不共存，因此Ba2+一定不存在，同时第二份加足量NaOH溶液加热后，收集到气体，没有产生沉淀，说明一定不含Mg2+，故④错误；
故选B．
（2015秋•保山校级期末）下列关于实验内容与结论相符合的是（ ）
正确答案
解析
解：A、向某溶液中滴加BaCl2溶液，产生白色沉淀，沉淀也可能是氯化银、碳酸钡等，故A错误；
B、能够和硝酸银生成沉淀的不一定是氯离子，可能是硫酸根离子，故B错误；
C、向某溶液中滴加少量KSCN溶液，溶液变红，溶液中一定含有铁离子，故C正确；
D、向某溶液中滴加一定量的NaOH溶液，生成白色沉淀，沉淀可能是氢氧化镁，故D错误；
故选C．
雾霾严重影响人们的生活与健康．某地区的雾霾中可能含有如下可溶性无机离子：Na+、NH4+、Mg2+、Al3+、SO42-、NO3-、Cl-．某兴趣小组收集了该地区的雾霾，试样溶液经必要的预处理后，设计并完成了如下的实验：
已知：NO3-+A1+OH-+H2O→NH3↑+[Al（OH）4]-，根据以上的实验操作与现象，回答下列问题：
（1）气体l的成分可能是______，进一步确定该气体成分的方法是______，实验室制备该气体的方程式为______．
（2）写出沉淀2产生气体的离子方程式______．
（3）经过以上实验可知，该地区雾霾中一定存在的离子有______．
（4）某同学采用了另外一种实验方法，取少量的试样直接加入硝酸银溶液产生白色沉淀，该同学由此就确定一定含有Cl-，你认为他的说法是否合理______（填是或否），其理由是______．
正确答案
解：（1）试样溶液中加入过量Ba（OH）2并加热，生成的气体1可能是NH3；将湿润红色石蕊试纸靠近该气体，如果试纸变蓝，则证明该气体为NH3；实验室制取氨气的化学方程式为Ca（OH）2+2NH4Cl
故答案为：NH3；将湿润红色石蕊试纸靠近该气体，如果试纸变蓝，则证明该气体为NH3；Ca（OH）2+2NH4Cl
（2）向滤液中通入CO2，得到溶液2、沉淀2，溶液2中加入Al，生成气体2，NO3-+A1+OH-+H2O→NH3↑+[Al（OH）4]-，说明含有气体2是NH3，根据已知条件知，溶液2中含有NO3-，根据元素守恒知，原溶液中含有NO3-；滤液1中通入CO2，得到沉淀2，向沉淀2中加入酸，沉淀溶解并放出气体，离子方程式为BaCO3+2H+=Ba2++CO2↑+H2O
故答案为：BaCO3+2H+=Ba2++CO2↑+H2O；
（3）沉淀2是碳酸钡等难溶性碳酸盐，也有可能是试样中存在Al3+，在过量的Ba（OH）2中反应生成AlO2-，通入CO2后生成Al（OH）3沉淀；
沉淀1加入酸后，沉淀部分溶解，硫酸钡不溶于酸，说明原来溶液中含有SO42-，以及能和过量Ba（OH）2反应生成能溶于酸的沉淀，根据离子知，该沉淀为Mg（OH）2，所以溶液中含有Mg 2+，通过以上分析知，试样中肯定存在NH4+、Mg2+、SO42-和NO3-，故答案为：NH4+、Mg2+、SO42-、NO3-；
（4）由以上实验知，该试样中含有SO42-，加入AgNO3溶液，也会产生白色沉淀，故不能确定是否含有Cl-；
故答案为：否、由以上实验知，该试样中含有SO42-，加入AgNO3溶液，也会产生白色沉淀，故不能确定是否含有Cl-．
解析
解：（1）试样溶液中加入过量Ba（OH）2并加热，生成的气体1可能是NH3；将湿润红色石蕊试纸靠近该气体，如果试纸变蓝，则证明该气体为NH3；实验室制取氨气的化学方程式为Ca（OH）2+2NH4Cl
故答案为：NH3；将湿润红色石蕊试纸靠近该气体，如果试纸变蓝，则证明该气体为NH3；Ca（OH）2+2NH4Cl
（2）向滤液中通入CO2，得到溶液2、沉淀2，溶液2中加入Al，生成气体2，NO3-+A1+OH-+H2O→NH3↑+[Al（OH）4]-，说明含有气体2是NH3，根据已知条件知，溶液2中含有NO3-，根据元素守恒知，原溶液中含有NO3-；滤液1中通入CO2，得到沉淀2，向沉淀2中加入酸，沉淀溶解并放出气体，离子方程式为BaCO3+2H+=Ba2++CO2↑+H2O
故答案为：BaCO3+2H+=Ba2++CO2↑+H2O；
（3）沉淀2是碳酸钡等难溶性碳酸盐，也有可能是试样中存在Al3+，在过量的Ba（OH）2中反应生成AlO2-，通入CO2后生成Al（OH）3沉淀；
沉淀1加入酸后，沉淀部分溶解，硫酸钡不溶于酸，说明原来溶液中含有SO42-，以及能和过量Ba（OH）2反应生成能溶于酸的沉淀，根据离子知，该沉淀为Mg（OH）2，所以溶液中含有Mg 2+，通过以上分析知，试样中肯定存在NH4+、Mg2+、SO42-和NO3-，故答案为：NH4+、Mg2+、SO42-、NO3-；
（4）由以上实验知，该试样中含有SO42-，加入AgNO3溶液，也会产生白色沉淀，故不能确定是否含有Cl-；
故答案为：否、由以上实验知，该试样中含有SO42-，加入AgNO3溶液，也会产生白色沉淀，故不能确定是否含有Cl-．
某强碱性溶液中可能含有的离子是K+、NH4+、Al 3+、AlO2-、SO42-、SiO32-、CO32-、Cl-中的某几种离子，现进行如下实验：
①取少量的溶液用硝酸酸化后，加Ba（NO3）2溶液，无沉淀生成．
②另取少量溶液加入盐酸，其现象是：一段时间保持原样后，开始产生沉淀并逐渐增多，沉淀量基本不变后产生一种气体，最后沉淀逐渐减少至消失．则原溶液中肯定存在的离子是______，肯定不存在的离子是______．
已知一定量的原溶液中加入5mL 0.2mol/L盐酸时，沉淀会完全消失，加入足量的硝酸银溶液可得到沉淀0.187g，则原溶液中是否含有Cl-？______．
正确答案
解：（1）强碱性溶液中一定不存在Al3+，①取少量的溶液用硝酸酸化后，加Ba（NO3）2溶液，无沉淀生成，则一定不含有SO42-和SiO32-，可能含有CO32-离子；②另取少量溶液加入盐酸，其现象是：一段时间保持原样后（和氢氧根离子反应），开始产生沉淀并逐渐增多，和偏铝酸根反应产生氢氧化铝沉淀，沉淀量基本不变后产生一种气体，最后沉淀逐渐减少至消失，是盐酸将氢氧化铝全部溶解，所以一定含有偏铝酸根离子，一定不含有铵根离子，沉淀量基本不变后产生的一种气体只能为二氧化碳，即一定含有碳酸根离子，根据电中性原理，确定一定含有K+；
故答案为：OH-、AlO2-、CO32-、K+；NH4+、SO42-、SiO32-、Al3+；
（2）一定量的原溶液中加入5mL0.2mol/L盐酸即0.001mol的盐酸时，沉淀会完全消失，加入足量的硝酸银溶液可得到氯化银沉淀0.187g，即氯化银的量为0.0013mol，大于0.001mol，所以含有Cl-，故答案为：有Cl-．
解析
解：（1）强碱性溶液中一定不存在Al3+，①取少量的溶液用硝酸酸化后，加Ba（NO3）2溶液，无沉淀生成，则一定不含有SO42-和SiO32-，可能含有CO32-离子；②另取少量溶液加入盐酸，其现象是：一段时间保持原样后（和氢氧根离子反应），开始产生沉淀并逐渐增多，和偏铝酸根反应产生氢氧化铝沉淀，沉淀量基本不变后产生一种气体，最后沉淀逐渐减少至消失，是盐酸将氢氧化铝全部溶解，所以一定含有偏铝酸根离子，一定不含有铵根离子，沉淀量基本不变后产生的一种气体只能为二氧化碳，即一定含有碳酸根离子，根据电中性原理，确定一定含有K+；
故答案为：OH-、AlO2-、CO32-、K+；NH4+、SO42-、SiO32-、Al3+；
（2）一定量的原溶液中加入5mL0.2mol/L盐酸即0.001mol的盐酸时，沉淀会完全消失，加入足量的硝酸银溶液可得到氯化银沉淀0.187g，即氯化银的量为0.0013mol，大于0.001mol，所以含有Cl-，故答案为：有Cl-．
某无色溶液，其中有可能存在的离子如下：Na+、Ag+、Ba2+、Al3+、AlO2-、CO32-、SiO32-、SO32-、SO42-．现取该溶液进行有关实验，实验结果如图所示：下列说法正确的是（ ）
正确答案
解析
解：根据实验①可知，该白色沉淀甲只能为硅酸，所以溶液中含有SiO32-，则不可能存在与硅酸根离子反应的离子：Ag+、Ba2+、Al3+，再根据根据溶液电中性可知，原溶液中肯定含有唯一的阳离子Na+，气体甲为CO2、SO2至少有一种，则CO32-、SO32-至少有一种；
根据实验②加碳酸氢铵后既有沉淀又有气体，说明溶液中有Al3+，则原溶液中AlO2-与HBr反应后转化为Al3+，沉淀为Al（OH）3，气体为CO2；
根据实验③，过量的碳酸氢铵与Ba（OH）2反应，产生气体NH3，沉淀一定有BaCO3，但不能确定有没有BaSO4，
A．根据以上分析可知，气体甲可能为二氧化碳和二氧化硫的混合物，故A错误；
B．实验②加碳酸氢铵后既有沉淀又有气体，说明溶液中有Al3+，则原溶液中AlO2-与HBr反应后转化为Al3+，沉淀为Al（OH）3，气体为CO2，原溶液中存在的是AlO2-，故B错误；
C．由实验③，过量的碳酸氢铵与Ba（OH）2反应，产生气体NH3，沉淀丙一定有BaCO3，但不能确定有没有BaSO4，故C正确；
D．根据以上分析可知，原溶液中一定含有SiO32-、AlO2-、Na+，而CO32-、SO32-至少有一种，无法确定是否含有BaSO4，故D错误；
故选C．
为确定某溶液的离子组成，分别进行如下实验：
①测定溶液的pH，溶液显强碱性．
②取少量溶液加入稀盐酸至溶液呈酸性，产生无刺激性、能使澄清石灰水变浑浊的气体．
③在上述溶液中再滴加Ba（NO3）2溶液，产生白色沉淀．
④取上层清液继续滴加Ba（NO3）2溶液至无沉淀时，再滴加AgNO3溶液，产生白色沉淀．
根据实验以下推测正确的是（ ）
正确答案
解析
解：①测定溶液的pH，溶液显强碱性，说明溶液中含有氢氧根离子，碳酸氢根离子不能存在；
②取少量溶液加入稀盐酸至溶液呈酸性，产生无刺激性、能使澄清石灰水变浑浊的气体，说明生成的气体为二氧化碳，不是刺激性气味的二氧化硫，说明B原溶液中含碳酸根离子；
③在上述溶液中再滴加Ba（NO3）2溶液，产生白色沉淀．进一步证明溶液中含碳酸根离子；
④取上层清液继续滴加Ba（NO3）2溶液至无沉淀时，再滴加AgNO3溶液，产生白色沉淀说明含氯离子，但②步中加入盐酸含有氯离子，不能确定原溶液中含氯离子；
综上所述：溶液中一定含碳酸根离子，一定不含亚硫酸根离子碳酸氢根离子，氯离子不能确定．
故选B．
水溶液X中只可能溶有K+、Mg2+、Al3+、[Al（OH）4]-、SiO32-、CO32-、SO32-、SO42-中的若干种离子．某同学对该溶液进行了如下实验：下列判断正确的是（ ）
正确答案
解析
解：加HCl有气体说明有CO32-、SO32-中的至少一种离子，生成的气体可以是二氧化碳、或是二氧化硫或是二者的混合物，一定不存在和碳酸根或是亚硫酸根不共存的离子，所以不存在镁离子、铝离子，加盐酸有沉淀，说明一定有硅酸根离子，硅酸是沉淀，加入过量氨水（提供OH-）有沉淀生成，只能是氢氧化铝沉淀，说明此时溶液中存在铝离子，但是原来溶液中的铝离子一定不能存在，所以该铝离子是偏铝酸根离子和盐酸反应生成的，所以，一定存在偏铝酸根离子，要保证溶液电中性，只有K+这一个阳离子，所以一定存在钾离子．
A、加HCl有气体说明有CO32-、CO32-中的至少一种离子，生成的气体可以是二氧化碳、或是二氧化硫或是二者的混合物，故A错误；
B、溶液中一定含有CO32-、SO32-中的至少一种离子，则一定不含有镁离子，它们和镁离子不共存，所以沉淀甲是硅酸，不可能是硅酸镁，故B错误；
C、根据上述推断，溶液中一定含有K+、AlO2-和SiO32-，故C正确；
D、碳酸根和硫酸根离子是否存在不能确定，故D错误．
故选C．
今有一澄清溶液，只可能含有下表中的若干种离子（存在的离子均大量）：
现取三份上述澄清溶液各100mL，分别进行以下实验：
①第一份加入AgNO3溶液有沉淀产生
②第二份加入足量NaOH溶液加热后，收集到气体0.04mol
③第三份加入足量BaCl2溶液后，得干燥沉淀6.27g，经足量盐酸洗涤，干燥后，沉淀质量为2.33g．
请回答下列问题：
（1）100mL溶液中c（SO）=______．
（2）第二份加入NaOH溶液产生气体的离子方程式______
（3）6.27g沉淀的成分是______ （用化学式表示）
（4）上述澄清溶液中除SO以外，一定大量存在的离子是______．
正确答案
0.1mol•L-1
NH4++OH-
BaCO3、BaSO4
NH4+、K+、CO32-
解析
解：第一份加入AgNO3溶液有沉淀产生，说明溶液中存在Cl-、CO32-、SO42-中的至少一种，第二份加入足量NaOH溶液加热后，收集到气体0.04mol，说明溶液中一定有铵根离子，物质的量是0.04mol，一定没有氢氧根离子，第三份加入足量BaCl2溶液后，得干燥沉淀6.27g，经足量盐酸洗涤，干燥后，沉淀质量为2.33g，说明溶液中一定有碳酸根和硫酸根，一定没有H+、Ba2+，2.33g沉淀为硫酸钡，所以硫酸根的物质的量是0.01mol，所以生成的碳酸钡沉淀的质量是6.27g-2.33g=3.94g，所以碳酸根的物质的量是0.02mol，溶液中一定含有阳离子，则只能是钾离子，不能确定溶液中是否含有氯离子．
（1）100mL溶液中c（SO2-4）=
（2）铵根离子能和氢氧根在加热的条件下生成氨气和水，即NH4++OH-
（3）第三份加入足量BaCl2溶液后，得干燥沉淀6.27g，经足量盐酸洗涤，干燥后，沉淀质量为2.33g，说明溶液中一定有碳酸根和硫酸根，6.27g沉淀的成分是碳酸钡和硫酸钡，2.33g沉淀为硫酸钡，生成的碳酸钡沉淀的质量是6.27g-2.33g=3.94g，碳酸钡能溶于盐酸中，故答案为：BaCO3、BaSO4；
（4）溶液中一定有铵根离子，物质的量是0.04mol，一定没有氢氧根离子，溶液中一定有碳酸根和硫酸根，一定没有H+、Ba2+，加入足量NaOH溶液加热后，收集到气体0.04mol，说明溶液中一定有铵根离子，根据溶液中的电荷守恒思想计算可知道溶液中一定含有阳离子钾离子，故答案为：NH4+、K+、CO32-．
有一无色透明溶液，欲确定是否含有下列离子：K+、Mg2+、Al3+、Fe2+、Ba2+、NO3-、SO42-、Cl-、I-、HCO3-，取该溶液的实验如下：
由此判断：
（1）溶液中一定存在的离子是______；溶液中肯定不存在的离子是：______．
（2）写出（3）步的离子方程式：______．
（3）写出（5）步沉淀部分溶解的离子方程式：______．
正确答案
NO3-、SO42-、Mg2+、Al3+
I-、Ba2+、Fe2+、HCO3-
SO42-+Ba2+=BaSO4↓
Al（OH）3+OH-=[Al（OH）4]-
解析
解：因是一无色透明溶液，则不含有Fe2+，
由（1）取少量该溶液，加几滴甲基橙，溶液显红色，说明溶液显示酸性，所以HCO3-不存在；
由（2）取少量该溶液加热浓缩，加Cu片和浓硫酸，加热有无色气体产生，气体（NO）遇空气可以变成红棕色（二氧化氮），说明溶液中含有NO3-，则一定不含有I-；
由（3）取少量该溶液，加BaCl2溶液，有白色沉淀生成，则含有SO42-；
由（4）取（3）中的上层清夜，加AgNO3，有稳定的白色沉淀生成，且不溶于稀硝酸，则含有Cl-，所加的氯化钡中含有Cl-，所以原离子中的Cl-是否存在不确定；
由（5）取少量该溶液，加入NaOH溶液有白色沉淀生成，当NaOH过量时，沉淀部分溶解，则含有铝离子、镁离子．
（1）综上可知，溶液中一定存在的离子是NO3-、SO42- Mg2+、Al3+，溶液中肯定不存在的离子是I-、Ba2+、Fe2+、HCO3-，故答案为：NO3-、SO42- Mg2+、Al3+；I-、Ba2+、Fe2+、HCO3-；
（2）加BaCl2溶液有白色沉淀生成的离子方程式为：SO42-+Ba2+=BaSO4↓，故答案为：SO42-+Ba2+=BaSO4↓；
（3）氢氧化铝能和氢氧化钠反应，而氢氧化镁则不能，反应的实质是Al（OH）3+OH-=[Al（OH）4]-，故答案为：Al（OH）3+OH-=[Al（OH）4]-．
下列说法正确的是（ ）
正确答案
解析
解：A．加入氨水，Al3+、Mg2+离子都反应生成白色沉淀，不能鉴别，故A错误；
B．Fe2+与KSCN不反应，氯气可氧化Fe2+生成Fe3+，所以该溶液中一定含有Fe2+，故B错误；
C．加入烧碱溶液，NaCl无现象，FeCl2先生成白色沉淀迅速变灰绿色最终为红褐色，FeCl3生成红褐色沉淀，MgCl2生成白色沉淀，AlCl3先生成白色沉淀，沉淀然后溶解，现象各不相同，可鉴别，故C正确；
D．由于存在铁离子，不能使用NH4SCN溶液检验，应该利用亚铁离子的还原性进行检验，检验方法为：取少量溶液，滴入酸性高锰酸钾溶液，若高锰酸钾溶液溶液颜色变浅或者褪色，证明溶液中存在亚铁离子，故D错误．
故选C．
固体粉末X中可能含有Cu、FeO、Fe2O3、NaHCO3、Na2CO3、Na2S2O3、NaAlO2中的若干种． 某化学兴趣小组为确定该固体粉末的成分，现取X进行连续实验，实验过程及现象如下：下列说法正确的是（ ）
正确答案
解析
解：根据X是否溶于水，分为两部分；固体甲溶于足量盐酸，能使酸性高锰酸钾褪色，可知含有溶液丁中的阳离子一定含H+、Fe2+，可能含有Fe3+，X一定含有FeO；溶液甲加入足量稀盐酸，产生气体和沉淀，说明X一定含有Na2S2O3、NaAlO2，而HCO3- 与AlO2-不共存，一定不含NaHCO3，可能含有Na2CO3；
A．由以上分析可知，乙可能是二氧化碳和二氧化硫，故A错误；
B．粉末X 中一定含有FeO、Na2S2O3、NaAlO2，一定不含NaHCO3，HCO3- 与AlO2-不共存，故B错误；
C．溶液丁中的阳离子一定含H+、Fe2+，可能含有Fe3+，故C错误；
D．溶液甲中一定含有AlO2-，可能含有CO32-，故D正确．
故选D．
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