热门试卷

解：A、B、OA过程是自由落体，A的坐标就是h，加速度为g；取一个与A点对称的点为D，由A点到B点的形变量为，由对称性得由B到D的形变量也为，故到达C点时形变量要大于2，故加速度ac＞g；故A错误，B错误；

C、B点是速度最大的地方，此时重力和弹力相等，合力为0，加速度也就为0，由mg=kx，可知x=，所以B得坐标为h+，故C正确；

D、取一个与A点对称的点为D，由A点到B点的形变量为，由对称性得由B到D的形变量也为，故到达C点时形变量要大于2，故，故D错误；

故选C．

解：A、物体机械能守恒的条件是只有重力或者是弹力做功，一个物体所受的合外力为零时，物体的机械能也可能变化，如匀速上升的物体，合力为零，物体的机械能在增加，所以A错误．

B、根据A的分析可知，B错误．

C、物体机械能守恒的条件是只有重力或者是弹力做功，所以物体所受的合外力肯定不为零，如物体只受到重力的作用，它的机械能可能守恒，所以C正确．

D、一个物体所受合外力的功为零，物体也可能做的是匀速圆周运动，所以D错误．

故选C．

解：A、匀速下落过程中，空气阻力做负功，则运动员的机械能减少，故A错误．

B、物体沿光滑斜面自由减速上滑，只有重力做功，故机械能守恒，故B正确．

C、物体从高处以g的加速度竖直下落，除重力以外必定还受到竖直向上的力，该力做负功，所以物体的机械能减少．故C错误．

D、沿粗糙斜面匀速下滑的物体，摩擦力对物体做负功，其机械能减少，故D错误．

故选：B

解：设小物块与水平轨道、倾斜轨道之间的动摩擦因数为μ，从A到B的过程中，根据动能定理得：

则，

而

所以，由此可以看出到达B点的速度与倾斜轨道的倾角无关，所以v1=v2，故C正确．

故选：C

解：A、小石块被竖直向上抛出后在空中运动的过程中，石块只受重力，机械能守恒，故A正确．

B、木箱沿粗糙斜面匀速下滑的过程中，重力势能减小，而动能不变，则其机械能必定减小，故B错误．

C、人乘电梯匀速上升的过程中，重力势能增加，动能不变，则其机械能必定增加，故C错误．

D、子弹射穿木块的过程，由于阻力做功，子弹和木块的机械能都不守恒，故D错误．

故选：A．

解：A、运动员在下滑过程中，受到阻力作用，阻力要对运动运做负功，使运动运的机械能减少，运动运的机械能不守恒，故A错误；

B、匀加速运动的v-t图象是一条直线，由v-t图象可知，运动员的v-t图象是一条曲线，曲线切线的斜率越来越小，运动员的加速度越来越小，因此运动员做加速度逐渐减小的加速运动，故B错误；

C、运动运沿斜坡下滑，即可能做直线运动，也可能做曲线运动，由v-t图象我们无法判断运动员做直线运动还是做曲线运动，故C错误；

D、由于运动员的加速度a逐渐减小，由牛顿第二定律可知，运动员所受合力F=ma不断减小，故D正确；

故选D．

解：对物体受力分析，设物体受的拉力的大小为F，则由牛顿第二定律可得，

mg-F=mg

所以F=mg，

对全过程由动能定理可得，

Fh-mgh=△EK

其中 F=mg，

所以△EK=-mgh，故B正确，

整个过程中，物体的高度上升了，外力F对物体做了正功，所以物体的机械能要增加，所以ACD都不对．

故选B．

解：A、物体在运动的过程中机械能守恒，若取桌面为零势能面，抛出点机械能为mv2+mgH，平抛过程中机械能守恒，任何一点的机械能为mv2+mgH，故A正确．

B、若取桌面为零势能面，抛出点机械能为mv2，平抛过程中机械能守恒，任何一点的机械能为mv2，故B正确；

C、朋抛出点到A点，根据动能定理得 mg（H-h）=mv-mv2，解得A点的动能 mv=mv2+mg（H-h），故C正确．

D、物体在A点具有的动能与重力势能零参考平面的选取无关，动能是确定的，故D错误．

本题选错误的，故选：D．