热门试卷

解：A、同步卫星的周期必须与地球自转周期相同，角速度相同，则知d与b的角速度相同，根据a=ω2r知，b的向心加速度大于d的向心加速度．由G=mg，解得：g=，卫星的轨道半径越大，向心加速度越小，则b的向心加速度小于g，则d的向心加速度小于重力加速度g，故A错误；

B、b是同步卫星，周期为24h，12h是半个周期，12h内转过的圆心角为π，故B正确；

C、由G=m，解得：v=，卫星的半径r越大，速度v越小，所以c的速度最大，在相同时间内转过的弧长最长，故C正确；

D、由开普勒第三定律得：=k可知：卫星的半径r越大，周期T越大，所以a的运动周期大于b的周期24h，a的周期不可能为23h．故D错误；

本题选错误的，故选：AD．

解：卫星绕地球圆周运动有：可知，风云一号卫星周期和半径均小于风云二号卫星的周期和半径．

A、根据万有引力提供圆周运动向心力

有卫星的线速度，所以风云一号卫星的半径小，线速度大，故A正确；

B、根据万有引力提供圆周运动向心力，

有卫星的向心加速度a=，风云一号的半径小，向心加速度大于风云二号卫星的向心加速度，故B错误；

C、根据万有引力提供圆周运动向心力，解得：，风云一号的半径小，角速度大于风云二号卫星的角速度，故C错误；

D、风云2号是同步卫星，相对地面静止，而风云1号不是同步卫星，相对地面是运动的，故D错误．

故选：A

解：A、根据万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：

=m=mω2r=mr

T=2π，

甲、乙两颗人造卫星绕地球作圆周运动，周期关系是T甲＞T乙，

所以运行半径关系是r甲＞r乙，

v=，所以甲的运行速度小，故A错误，B正确；

C、ω=，所以甲的运行角速度小，故C错误；

D、万有引力F=，由于甲、乙两颗人造卫星质量关系不清楚，所以无法比较万有引力大小，故D错误；

故选：B．

解：A、根据万有引力提供向心力，有G=ma，得a=，因为a、b的轨道半径相等，故a、b的加速度大小相等，但加速度的方向不同，所以加速度不同．故A错误．

B、由于a、b的质量不知道，无法确定受到的地球引力的大小，故B错误．

C、根据万有引力提供向心力，有G=mr，得T=2π ，c的轨道半径小于a的轨道半径，故a的周期大于c的周期，即Ta＞Tc，故C正确．

D、根据万有引力提供向心力G=m，得v=，c的轨道半径小于a的轨道半径，故a的线速度小于c的线速度，即va＜vc，故D错误．

故选：C

解：A、a、b比较，角速度相等，由v=ωr，可知υa＜υb，根据线速度公式v=，b、c、d为卫星，轨道半径相同，线速度大小相等，故A错误；

B、根据ω=，b、c、d为卫星，轨道半径相同，角速度大小相等，a、b比较，角速度相等，所以a、b﹑c﹑d角速度大小相等，故B正确；

C、a、b比较，角速度相等，由a=ω2r，aa＜ab，根据向心加速度大小公式a=，b、c、d为卫星，轨道半径相同，向心加速度大小相等，故C错误；

D、b为同步卫星，若b卫星升到更高圆轨道上运动，周期发生变化，b不可能与a物体相对静止，故D错误；

故选：B

解：A、地球上物体随地球自转周期与地球自转周期相同，万有引力除了提供随地于自转的向心力外主要表现为物体的重力，而近地卫星万有引力提供圆周运动向心力，向心加速度即为万有引力加速度，故两者向心加速度大小不相等，A错误；

B、忽略B卫星的轨道高度，A和B距地心的距离相同，根据万有引力定律可知，它们受到地球的万有引力大小相等，故B正确；

C、因为B做圆周运动时万有引力提供圆周运动向心力，而A万有引力的一小部分提供圆周运动向心力，根据知，B卫星的线速度远大于A的线速度，故C错误；

D、A的周期为地球自转周期，即与同步卫星周期相同，而B的周期远小于同步卫星的周期，故D错误．

故选：B．

解：卫星在圆轨道上做圆周运动，克服阻力做功，速度减小，使得卫星所需向心力小于万有引力而做近心运动，使得卫星轨道变小，卫星在两个轨道上运动都满足万有引力提供圆周运动向心力有：

知轨道半径减小，卫星运行线速度增大，周期变小，故AD正确，BC错误．

故选：AD．

解：A、同步卫星的周期与地球自转周期相同，故A正确；

B、根据万有引力提供向心力，列出等式：=m，

由于同步卫星的周期必须与地球自转周期相同，所以T为一定值，根据上面等式得出：同步卫星轨道半径r也为一定值．故B错误；

C、它们的质量可以不同，故C错误；

D、因为同步卫星要和地球自转同步，所以运行轨道就在赤道所在平面内，不能在广安上空，故D错误；

故选：A．

解：A、B同步卫星的角速度、赤道上的物体的角速度都与地球自转的角速度相同，则由a=ω2r得，a1：a2=r：R．故A正确，B错误．

C、D第一宇宙速度等于近地卫星的运行速度，人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，由地球的万有引力提供向心力，则得 G=m，则有v=，M是地球的质量为M，r是卫星的轨道半径，则得到，v1：v2=：．故C错误，D正确．

故选AD

解：A、根据万有引力提供圆周运动向心力当周期T=知对接前天宫一号半径大，周期大，故A错误；

B、据万有引力提供向心力有知向心加速度，对接前天宫一号半径大，向心加速度小，故B正确；

C、向更高轨道发射相同质量的卫星，轨道越高克服地球做功越多，卫星的机能越大，因为天宫一号轨道高度大，故其机械能大于神舟八号飞船的机械能，故C错误；

D、神舟八号轨道半径比天宫一号低，在轨道上点火加速，使神舟八号做离心运动而抬升轨道完成与天宫一号对拉，故D正确．

故选：BD．

解：根据得，、、、，则可知离地面越远的卫星，轨道半径越小，线速度越大、角速度越大、向心加速度越大、周期越小．故ABC正确，D错误．

故选：ABC．

解：A、根据万有引力提供向心力，知道了轨道半径和周期，可以求出中心天体（火星）的质量，故A正确；

B、由于不知道火星的半径，所以无法求出火星的密度，故B错误；

C、环绕天体（火卫一）的质量在分析时已约去，不能求出．故C错误；

D、由于不知道火卫一的质量，所以无法求出“火卫一”受到火星的引力，故D错误．

故选A