热门试卷

解：A、在轨道Ⅱ上由A点到B点，万有引力做正功，动能增加，则A点的速度小于B点的速度．故A正确；

B、由轨道Ⅱ上的A点进入轨道Ⅰ，需加速，使得万有引力等于所需的向心力．所以在轨道Ⅱ上经过A的动能小于在轨道Ⅰ上经过A 的动能．故B错误；

C、根据知，由于轨道Ⅱ的半长轴小于轨道Ⅰ的半径，则飞船在轨道Ⅱ上运动的周期小于在轨道Ⅰ上运动的周期．故C正确．

D、航天飞机在轨道Ⅱ上经过A点和轨道Ⅰ上经过A的万有引力相等，根据牛顿第二定律知，加速度相等．故D错误；

故选：AC．

解：A、B、物体1与同步通信卫星3转动周期相等，

根据v=，

由于物体1的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故V1＜V3；

根据卫星的线速度公式v=，

由于近地卫星的轨道半径小于同步通信卫星的轨道半径，故近地卫星的线速度大于同步通信卫星的线速度，即V3＜V2；故V1＜V3＜V2，故A错误，B错误；

C、D、物体1与同步通信卫星3转动周期相等，根据a=ω2r=r

，由于物体1的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故物体1的轨道加速度小于同步通信卫星3的加速度，即a1＜a3；

根据加速度公式a=，由于近地卫星的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故近地卫星的加速度小于同步通信卫星的加速度，即a3＜a2；故a1＜a3＜a2，故C错误，D正确；

故选：D．

解：A、在月球表面重力与万有引力相等有可得月球质量M=，据密度公式可得月球密度=，故A正确；

B、根据万有引力提供圆周运动向心力有可得周期T==，故B错误；

C、根据万有引力提供圆周运动向心力可得嫦娥二号绕行速度为，故C错误；

D、根据万有引力提供圆周运动向心力可得嫦娥二号在工作轨道上的向心加速度，故D正确．

故选：AD．

解：A、人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，有=ma解得：a=，所以卫星与“神舟七号”的加速度大小之比为，故A错误；

B、根据解得：v=，卫星与“神舟七号”的线速度大小与轨道的平方根成反比，故B正确；

C、“神舟七号”飞船绕地球做匀速圆周运动，翟志刚出舱后处于完全失重状态，但是受到重力作用，重力提供向心力，故C错误；

D、翟志刚出舱取回外挂实验样品，若样品脱手，则样品由于惯性继续绕地球做匀速圆周运动，故D错误；

故选：B．

解：卫星绕地球做圆周运动，万有引力提供向心力，卫星离地面越远，卫星的轨道半径r越大；

A、由牛顿第二定律得：G=ma，解得：a=，卫星轨道半径r越大，向心加速度越小，故A错误；

B、由牛顿第二定律得：G=m，解得：v=，卫星轨道半径r越大，线速度越小，故B错误；

C、由牛顿第二定律得：G=mω2r，解得：ω=，卫星轨道半径r越大，卫星的角速度越小，故C错误；

D、卫星的周期：T==2π，卫星轨道半径r越大，卫星的周期越大，故D正确；

故选：D．

解：A、图示轨道略高于近地轨道，由可得，r越大，v越小，故“轨道康复者”的速度小于近地卫星的速度，即小于7.9km/s；故A正确；

B、由，在图示轨道上，“轨道康复者”与地球同步卫星加速度之比为=；故B错误；

C、“轨道康复者”的周期为3h，且从图示位置开始经1.5h，“轨道康复者”转半圈，而同步卫星转圈，此时并不在最近点，故C错误；

D、“轨道康复者”应从图示轨道上加速后，轨道半径增大，与同步卫星轨道相交，则可进行对接，故D正确；

故选：AD．

解：绕地球圆周运动万有引力提供圆周运动向心力有：

有：

A、周期T=，由于天宫一号周期小故半径小离地高度小，故A错误；

B、速度v=由A知天宫一号半径小，故线速度大，故B错误；

C、向心加速度a=由A知天宫一号半径小，故向心加速度大，故C正确；

D、天宫一号及里面的人和物都处于失重状态，受力不平衡，合力不为零，故D错误．

故选：C．

解：AB、7.9 km/s是地球第一宇宙速度，是绕地球做圆周运动最大的速度，也是发射卫星的最小速度．

所以神舟十号发射速度必须大于7.9 km/s，在对接轨道上运行速度小于7.9 km/s．故A正确，B错误；

C、在椭圆轨道上运行时，由远地点向近地点运动，万有引力做正功，动能增大，所以近地点动能大于远地点动能．

所以近地点速度大于在远地点的速度．故C正确，

D、根据开普勒第三定律知，=k，椭圆轨道的半长轴小于圆轨道的半径，所以在初始轨道上的周期小于在对接轨道上的周期．故D错误；

故选：AC．