热门试卷

解：人造地球卫星在绕地球做圆周运动时地球对卫星的引力提供圆周运动的向心力==mr

解得v=   T=2π

显然轨道半径r越大，卫星运动的周期越大，轨道半径r越大，线速度越小，动能越小．所以Ek2＞Ek1，T2＜T1．

故A、B、D错误，C正确．

故选：C．

解：根据万有引力提供向心力，知，轨道半径越大，线速度越小，周期越大，向心加速度越小．故B错误，AC正确．

“嫦娥一号”和“嫦娥二号”在轨道运行时，万有引力提供向心力，所携带的仪器都处于完全失重状态，故D正确．

故选ACD

解：A、根据万有引力提供向心力，得，因为ab的轨道半径相等，故ab的加速度大小相等，故A正确．

B、由于ab的质量不知道，无法确定受到的地球引力的大小，故B错误．

C、根据万有引力提供向心力，得，c的轨道半径小于a的轨道半径，故a的周期大于c的周期，故C正确．

D、根据万有引力提供向心力，得，c的轨道半径小于a的轨道半径，故a的线速度小于c的线速度，故D错误．

故选：AC．

解：根据飞船运动时万有引力提供圆周运动向心力有：

解：A、线速度v=知半径变小线速度变大，故A错误；

B、角速度知半径变小角速度变大，故B错误；

C、周期知半径变小周期变小，故C正确；

D、加速度知半径变小加速度变大，故D正确．

故选：CD．

解：根据万有引力提供卫星做圆周运动的向心力和万有引力等于重力得出：

A：=，得：，故A正确；

B：=mω2R和=mg，得：ω=，故B错误；

C：=mR和   =mg，得：，故C正确；

D：=ma，得：a=，故D正确．

故选：ACD

解：A、根据万有引力提供向心力得：

=m

v=，轨道3半径比轨道1半径大，卫星在轨道1上线速度较大，故A错误；

B、由轨道1上的Q点变轨到轨道2，要加速做远离圆心的运动，故卫星需要加速，故B正确；

C、卫星沿椭圆轨道运行时需要向心力，故C错误；

D、根据牛顿第二定律得：

=ma

a=

所以卫星在轨道2上经过P点时的加速度等于它在轨道3上经过P点时的加速度，故D正确；

故选：BD．

解：卫星绕地球做圆周运动，万有引力提供向心力，

由牛顿第二定律得：G=mr，解得：T=2π，

周期之比：==，故A正确；

故选：A．

解：根据万有引力提供向心力

=ma=mω2r=m=mr

“神舟”系列飞船绕地球做圆轨道飞行的高度仅有几百千米；北斗卫星导航系统的卫星绕地球做圆轨道飞行的高度达2万多千米．

“神舟”系列飞船的轨道半径小于北斗卫星导航系统的卫星的轨道半径．

A、a=，所以“神舟”系列飞船的加速度大于北斗导航卫星的向心加速度，故A错误；

B、ω=，所以“神舟”系列飞船的角速度大于北斗导航卫星的角速度，故B错误；

C、T=2π，所以“神舟”系列飞船的运行周期小于北斗导航卫星的运行周期，故C正确；

D、v=，所以“神舟”系列飞船的运行速度小于北斗导航卫星的运行速度，故D错误；

故选：C．

解：A、根据圆周运动的公式v=得：

运行的线速度大小为．故A错误．

B、第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，也是最大的圆周运动的环绕速度．所以飞船运行的线速度小于第一宇宙速度，故B正确．

C、根据圆周运动的公式a=得

运行时的向心加速度大小为，故C正确．

D、研究飞船绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式

=m

GM=…①

忽略地球自转的影响，在地球表面根据万有引力等于重力列出等式

=mg… ②

由①②得：

g=，故D正确．

故选BCD．

解：若是土星的一部分 则各层转动的角速度相等，根据v=ωR得：v∝R，故A正确，C错误；

若该层是土星的卫星群，则向心力等于万有引力，根据得：v2=，即v2∝，故B错误，D正确．

故选AD．

解：研究同卫星绕行星做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式：

=mr

解得：

T=2π

在行星表面运动，轨道半径可以认为就是行星的半径．

两行星质量之比为MA：MB=p，半径之比为RA：RB=q，所以两卫星周期之比：

==q

故选：D．

解：AB、7.9km/s是第一宇宙速度，也是近地圆轨道的运行速度，根据v=可知，轨道高度越高，速度越小，故攻击卫星在原轨道上运行的线速度小于7.9 km/s，攻击卫星的轨道比侦察卫星的轨道低，故攻击卫星在原轨道上运行的线速度比侦察卫星的线速度大，故AB均错误．

C、攻击卫星完成“太空涂鸦”后应减速做近心运动，才能返回低轨道上，故C正确．

D、由于不知道卫星的轨道半径，故不能计算地球的质量，故D错误．

故选：C．