热门试卷

解：A、要使“嫦娥一号”离开地球，其速度要大于第二宇宙速度，发射速度必须大于第一宇宙速度，故A正确；

B、根据万有引力等于向心力，可以求出卫星的绕月速度v=与卫星质量m无关，故B错误；

C、根据万有引力定律，卫星受月球的引力与它到月球中心距离的平方成反比，故C正确；

D、在绕月圆轨道上，卫星受地球的引力远小于受月球的引力，可以忽略不计，故D错误．

故选AC

解：A、根据万有引力提供向心力G=ma，得a=．而GM=gR2．所以卫星的加速度a=．故A错误．

B、“高分一号”卫星加速，将做离心运动，轨道半径变大，速度变小，路程变长，运动时间变长，故如果调动“高分一号”卫星快速到达B位置的下方，必须对其减速，故B错误．

C、根据万有引力提供向心力G=mω2r，得ω=．所以卫星1由位置A运动到位置B所需的时间t==．故C正确．

D、“高分一号”是低轨道卫星，其所在高度有稀薄气体，克服阻力做功，后轨道半径减小，根据环绕速度公式v=，环绕速度增加．故D错误．

故选：C．

解：根据卫星所受万有引力提供向心力有：

A、卫星的线速度，得因为RA＜RB=RC，所以va＞vb=vc故A正确；

B、卫星运动行的同期，因为RA＜RB=RC，所以Ta＜Tb=Tc故B正确；

C、，RA＜RB=RC，mA=mB＜mC所以FA＞FB，FC＞FB，RA＜RC，mA＜mC故FA和FC大小不确定，故C错误；

D、∵，可得，故D正确．

本题选错误的，故选C．

解：A、第三颗北斗导航卫星在轨道2运行时完全失重，受重力作用．故A错误；

B、轨道2是同步卫星的轨道，轨道上运动的周期与地球的自转周期相等，根据a=知，卫星在轨道2运行时的向心加速度比在赤道上相对地球静止的物体的向心加速度大．故B正确；

C、卫星在轨道1上的P点经加速做离心运动才能进入轨道2，故卫星在轨道2上经过P点时的速率大于卫星在轨道1上经过P的速率，故C正确；

D、根据牛顿第二定律得a=，卫星在轨道1上经过P点的加速度等于它在轨道2上经过P点的加速度，故D正确；

故选：BCD．

解：A、根据万有引力提供向心力有：G=m得：v=，得轨道高度降低，卫星的线速度增大，故动能将增大，故A正确；

B、卫星本来满足万有引力提供向心力即G=m知，由于摩擦阻力作用卫星的线速度减小，万有引力将大于卫星所需要的向心力，故卫星将做近心运动，即轨道半径将减小，故B正确；

C、失重状态说明航天员对悬绳或支持物体的压力为0，但仍受到地球对他的万有引力，万有引力提供他随天宫一号围绕地球做圆周运动的向心力，故C错误；

D、第一宇宙速度为最大环绕速度，天宫一号的线速度一定小于第一宇宙速度，故D错误

故选：AB．

解：根据开普勒第三定律=k得：R=

由题行星的运行周期之比是8：1，则它们的轨道半径之比为：4：1

行星在绕恒星做圆周运动时恒星对行星的引力提供圆周运动的向心力，则有：

 G=m，得 v=

可知两行星的公转速度之比为1：2．

故选：A

解：根据万有引力等于向心力得：G=mrω2=m=ma=mr

得：ω=，v=，a=，T=2π

则知卫星的轨道半径越大，线速度、角速度和向心加速度都越小，周期越大．故ABD错误，C正确．

故选：C

解：根据万有引力提供圆周运动向心力有：

=m=mr=ma=mrω2，

A、T=2π，轨道半径越大，周期越大，“神舟十号”的周期比“天宫一号”小，故A正确；

B、v=，轨道半径越大，线速度越小，“神舟十号”的速度比“天宫一号”大，故B错误；

C、ω=，轨道半径越大，角速度越小，“神舟十号”的角速度比“天宫一号”大，故C错误；

D、a=，轨道半径越大，加速度越小，“神舟十号”的加速度比“天宫一号”大，故D错误；

故选：A．

解：第一宇宙速度为在地球表面绕地球做圆运动的最大速度由得，当R=R地时，v=7.9km/s．

因为卫星轨道R≥R地，所以第一宇宙速度是环绕地球最大速度，故v≤7.9km/s．故B正确．

故选：B．

解：A、地球同步卫星的周期为24小时，飞船的周期为1.5小时，所以卫星运转周期比飞船大，故A正确；

万有引力充当向心力，即，则可知：

B．v=，所以卫星的速度比飞船小，故B错误；

C．a=，所以卫星的加速度比飞船小，故C错误；

D、r=，所以卫星的半径比飞船大，而地球半径一定，位移卫星离地面的高度比飞船大，故D正确，

故选AD．