- 带电粒子在电场中的运动
- 共5409题
示波器是一种多功能电学仪器,可以在荧光屏上显示出被检测的电压波形,它的工作原理可等效成下列情况:如图甲所示,真空室中电极K发出电子(初速不计),经过电压为U1的加速电场后,由小孔S沿水平金属极板A、B间的中心线射入两板中.板长为L,两板间距离为d,在两板间加上如图乙所示的正弦交变电压,周期为T.前半个周期内B板的电势高于A板的电势,电场全部集中在两板之间,且分布均匀.在每个电子通过两板间的短时间内,电场视作恒定的.在两极板右侧且与极板右端相距D处有一个与两极板中心线(图中虚线)垂直的荧光屏,中心线正好与屏上坐标原点相交.当第一电子到达坐标原点O时,使屏以速度v沿负x轴方向运动,每经过一定的时间后,在一个极短时间内它又跳回初始位置,然后重新做同样的匀速运动.(已知电子的质量为m,带电荷量为e,不计电子的重力)求:
(1)电子刚进入A、B板时的初速度;
(2)要使所有的电子都能打在荧光屏上(荧光屏足够大),图乙中电压的最大值U0应满足什么条件?
(3)要使荧光屏上始终显示一个完整的波形,荧光屏必须每隔多长时间回到初始位置?计算这个波形的峰值和长度,并在图丙所示的x-y坐标系中画出这个波形.
正确答案
解:
(1)设电子进入AB板时的初速度为v0
则由动能定理有:eU1=
解得 v0=;
(2)电子在垂直于电场方向做匀速直线运动,运动时间 t=
设电子在电场方向做匀加速直线运动的位移 y=
联立得:y=
要使所有的电子都能打在荧光屏上,必须满足:y
由以上各式解得 U0<;
(3)要使荧光屏上始终显示一个完整的波形,荧光屏运动的周期应该与交变电压的周期相同,所以,荧光屏必须每隔时间T回到初始位置.电压为峰值时荧光屏上的波形出现峰值Y.
设某个电子运动轨迹如图所示,则tanθ==
=
,其中L′=
,
又知y′=,
由相似三角形的性质,得,
则y=,
所以峰值为ym=.
所以该波形的长度 S=vT,波形如图所示.
答:
(1)电子进入AB板时的初速度为 .
(2)要使所有的电子都能打在荧光屏上,图乙中电压的最大值U0需满足的条件是U0<.
(3)要使荧光屏上始终显示一个完整的波形,荧光屏必须每隔T时间回到初始位置,这个波形的峰值和波长分别为和vT.波形如图所示.
解析
解:
(1)设电子进入AB板时的初速度为v0
则由动能定理有:eU1=
解得 v0=;
(2)电子在垂直于电场方向做匀速直线运动,运动时间 t=
设电子在电场方向做匀加速直线运动的位移 y=
联立得:y=
要使所有的电子都能打在荧光屏上,必须满足:y
由以上各式解得 U0<;
(3)要使荧光屏上始终显示一个完整的波形,荧光屏运动的周期应该与交变电压的周期相同,所以,荧光屏必须每隔时间T回到初始位置.电压为峰值时荧光屏上的波形出现峰值Y.
设某个电子运动轨迹如图所示,则tanθ==
=
,其中L′=
,
又知y′=,
由相似三角形的性质,得,
则y=,
所以峰值为ym=.
所以该波形的长度 S=vT,波形如图所示.
答:
(1)电子进入AB板时的初速度为 .
(2)要使所有的电子都能打在荧光屏上,图乙中电压的最大值U0需满足的条件是U0<.
(3)要使荧光屏上始终显示一个完整的波形,荧光屏必须每隔T时间回到初始位置,这个波形的峰值和波长分别为和vT.波形如图所示.
如图为一真空示波管的示意图,电子从灯丝K发出(初速度可忽略不计),经灯丝与A板间的电压U1加速,从A板中心孔沿中心线KO射出,然后进入两块平行金属板M、N形成的偏转电场中(偏转电场可视为匀强电场),电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直,电子经过电场后打在荧光屏上的P点. 已知M、N两板间的电压为U2,两板间的距离为d,板长为L,电子的质量为m,电荷量为e,不计电子受到的重力及它们之间的相互作用力.求:
(1)电子穿过A板时速度的大小v0;
(2)电子在偏转电场经历的总时间为多久?
(3)求电子从偏转电场射出时的侧移量y;
(4)若要使电子打在荧光屏上P点的上方,加速电压U1和M、N两板间的电压为U2将如何改变?(不用说明理由)
正确答案
解:(1)设电子经电压U1加速后的速度为v0,由动能定理,有:
eU1=-0
解得:
(2)电子以速度v0进入偏转电场后,做类平抛运动,设电子离开偏转电场时的侧移量为y;
沿初速方向匀速直线运动,有:
L=v0t
t==L
(3)垂直初速方向,有:
y=
又电场力:
F=eE=e
根据F=ma,得加速度为:
a=
解得:
y=
(4)根据表达式y=,要增加y,可以减小加速电压U1或者增大偏转电压U2
答:(1)电子穿过A板时速度的大小为;
(2)电子在偏转电场经历的总时间为L;
(3)求电子从偏转电场射出时的侧移量为;
(4)若要使电子打在荧光屏上P点的上方,可以减小加速电压U1或者增大偏转电压U2.
解析
解:(1)设电子经电压U1加速后的速度为v0,由动能定理,有:
eU1=-0
解得:
(2)电子以速度v0进入偏转电场后,做类平抛运动,设电子离开偏转电场时的侧移量为y;
沿初速方向匀速直线运动,有:
L=v0t
t==L
(3)垂直初速方向,有:
y=
又电场力:
F=eE=e
根据F=ma,得加速度为:
a=
解得:
y=
(4)根据表达式y=,要增加y,可以减小加速电压U1或者增大偏转电压U2
答:(1)电子穿过A板时速度的大小为;
(2)电子在偏转电场经历的总时间为L;
(3)求电子从偏转电场射出时的侧移量为;
(4)若要使电子打在荧光屏上P点的上方,可以减小加速电压U1或者增大偏转电压U2.
如图所示为说明示波器工作原理的示意图,已知两平行板间的距离为d、板长为l,电子经电压为U1的电场加速后从两平行板间的中央处垂直进入偏转电场.设电子质量为m、电荷量为e.(不计电子所受重力)
(1)求经电场加速后电子速度v的大小;
(2)要使电子离开偏转电场时的偏转角度最大,两平行板间的电压U2应是多少?
正确答案
解:(1)电子在电场加速过程,由动能定理得
eU1=mv2;
则得 v=
(2)电子离开偏转电场偏转角度最大时的偏转量为 y=电子进入偏转电场后,
所受的电场力:F=eE2=e
电子沿偏转电场方向作初速度为零的匀加速直线运动,则有:
y=at2
又垂直于电场方向作匀速直线运动,则有:
t=
联立求解,得:U2=
答:(1)经电场加速后电子速度v的大小为 ;
(2)要使电子离开偏转电场时的偏转角度最大,两平行板间的电压U2应是.
解析
解:(1)电子在电场加速过程,由动能定理得
eU1=mv2;
则得 v=
(2)电子离开偏转电场偏转角度最大时的偏转量为 y=电子进入偏转电场后,
所受的电场力:F=eE2=e
电子沿偏转电场方向作初速度为零的匀加速直线运动,则有:
y=at2
又垂直于电场方向作匀速直线运动,则有:
t=
联立求解,得:U2=
答:(1)经电场加速后电子速度v的大小为 ;
(2)要使电子离开偏转电场时的偏转角度最大,两平行板间的电压U2应是.
测声室内的地面、天花板和四周墙壁表面都贴上了吸音板,它们不会反射声波,在相距6m的两侧墙壁上各安装了一个扬声器a和b,俯视如图所示,两扬声器的振动位移大小、方向完全相同,频率为170Hz.一个与示波器Y输入相连的麦克风从a点开始沿a、b两点连线缓缓向右运动,已知空气中声波的波速为340m/s,则( )
正确答案
解析
解:A、声波的波长λ==
m=2m,麦克风运动到距离 a 点 1.5m 处时,该点到a、b两点的路程差为3m,等于半波长的奇数倍,振动减弱,正好抵消,所以在示波器荧屏上波形为一直线.故A正确.
B、麦克风运动过程中除在a、b 两点外,距a点1m、2m、3m、4m、5m的5个点到a、b的路程差都为半波长的偶数倍,振动加强,上图示波器荧屏上有5次出现波形最大.故B正确.
C、由于输入Y的振动不是稳定的,所以波形振幅是变化的.故C错误.
D、如果麦克风运动到a、b 连线的中点停下来之后,该点为振动加强点,振幅最大,但不是位移始终最大.故D错误.
故选:AB.
如图所示是示波管的原理示意图,电子从灯丝发射出来经电压为U1的电场加速后,通过加速极板A上的小孔O1射出,沿中心线O1O2垂直射入MN间的偏转电场,偏转电场的电压为U2,经过偏转电场的右端P1点离开偏转电场,然后打在垂直于O1O2放置的荧光屏上的P2点.已知偏转电场极板MN间的距离为d,极板长度为L,极板的右端与荧光屏之间的距离为L′,电子的质量为m,电量为e,电子离开灯丝时的初速度可忽略不计.
(1)求电子通过O1点的速度大小v1;
(2)求电子通过P1点时偏离其通过O1点时运动方向的距离大小;
(3)若P2点与O1O2延长线间的距离称为偏转距离Y,单位偏转电压引起的偏转距离(即)称为示波器的灵敏度.求该示波器的灵敏度.
正确答案
解:(1)由动能定理: 则v=
(2)水平向匀速运动:L=v1t
竖直向加速运动:y=
联立解得:y=
(3)电子离开偏转板时,垂直O1O3方向的初速度: 则又偏转:y′=
=
则Y=y+y′=
该示波器的灵敏度:=
答:(1)电子通过O1点的速度大小为
(2)电子通过P1点时偏离其通过O1点时运动方向的距离大小为
(3)示波器的灵敏度:
解析
解:(1)由动能定理: 则v=
(2)水平向匀速运动:L=v1t
竖直向加速运动:y=
联立解得:y=
(3)电子离开偏转板时,垂直O1O3方向的初速度: 则又偏转:y′=
=
则Y=y+y′=
该示波器的灵敏度:=
答:(1)电子通过O1点的速度大小为
(2)电子通过P1点时偏离其通过O1点时运动方向的距离大小为
(3)示波器的灵敏度:
在示波管中,电子枪2s内发射了6×1013个电子,电子电量为e=1.6×10-19C,则示波管中电流的大小为______.
正确答案
4.8×10-6A
解析
解:每个电子的电荷量大小为:e=1.6×10-19C,
6×1013个电子总电荷量为:q=6×1013×1.6×10-19C=9.6×10-6C,
则示波管中电流大小为:I==
A=4.8×10-6A.
故答案为:4.8×10-6A
如图1所示是示波管的原理图(答卷上为只有偏转电极YY’的正视平面图),两偏转电极YY’和XX’的板长均为l=2cm,板间距均为d=0.5cm,YY’偏转电极边缘离屏距离LY=19cm,XX’偏转电极边缘离屏距离LX=15cm,电子枪的加速电压为U0加=2000V,加在YY’偏转电极上的信号电压Uy按正弦规律变化,如图2所示,其最大值UYmax=100V,变化周期TY=0.01s.加在XX’偏转电极上的扫描电压变化如所示,最大值UXmax=250V,变化周期TX=0.02s.在上述条件下,电子穿过极板时间极短且能全部通过两偏转电极,打到屏上可观察的范围内.
(1)请分别求出在竖直方向电子打到屏上的最大偏移量Ymax.
(2)若算出水平方向的最大偏转量Xmax=4cm,UY为正时,向上偏移.UX为正时,向右偏移.(UY=0,UX=0时,电子打在屏坐标原点),请结合题给UY和UX随时间变化的图象,在如图3屏坐标上画出显示的曲线.
正确答案
解:(1)电子加速:
偏转电场中加速度
在电场中的运动时间
经YY’偏转电极出板最大偏移量:
在Y方向打在屏上的最大偏移量有:=
Y/cm,0X/cm屏坐标每格边长1cm
解得:Ymax=0.02m
(2)将电子在两个方向的运动,根据平行四边形定则进行合成,从而得出如图所示的图象;
答:
(1)在竖直方向电子打到屏上的最大偏移量Ymax为0.02m.
(2)在如图3屏坐标上画出显示的曲线如图所示.
解析
解:(1)电子加速:
偏转电场中加速度
在电场中的运动时间
经YY’偏转电极出板最大偏移量:
在Y方向打在屏上的最大偏移量有:=
Y/cm,0X/cm屏坐标每格边长1cm
解得:Ymax=0.02m
(2)将电子在两个方向的运动,根据平行四边形定则进行合成,从而得出如图所示的图象;
答:
(1)在竖直方向电子打到屏上的最大偏移量Ymax为0.02m.
(2)在如图3屏坐标上画出显示的曲线如图所示.
示波管的主要结构由电子枪、偏转电极和荧光屏组成.在电子枪中,电子由阴极K发射出来,经加速电场加速,然后通过两对相互垂直的偏转电极形成的电场,发生偏转.其示意图如图(图中只给出一对yy′方向偏转的电极)所示.已知:电子质量为m,电量为e,两个偏转电极间的距离为d,偏转电极边缘到荧光屏的距离为L.没有加偏转电压时,电子从阴极射出后,沿中心线打到荧光屏上的O点时动能是E0.设电子从阴极发射出来时的初速度可以忽略,偏转电场只存在于两个偏转电极之间.求:
(1)电子枪中的加速电压U是多少?
(2)如果yy′方向的偏转电极加的偏转电压是Uy,电子打到荧光屏上P点时的动能为Et.求电子离开偏转电场时,距中心线的距离Sy为多少?
正确答案
解:
(1)由E0=eU得:
(2)偏转电场的场强为:
带电粒子在偏转电场中运动的动能定理得:
EeSy=Et-E0
所以:
答:(1)电子枪中的加速电压U是多少
(2)电子离开偏转电场时,距中心线的距离Sy为.
解析
解:
(1)由E0=eU得:
(2)偏转电场的场强为:
带电粒子在偏转电场中运动的动能定理得:
EeSy=Et-E0
所以:
答:(1)电子枪中的加速电压U是多少
(2)电子离开偏转电场时,距中心线的距离Sy为.
如图所示为示波器的部分构造示意图,真空室中电极K连续不断地发射电子(初速不计),经过电压为U1的加速电场后,由小孔沿水平金属板间的中心轴线射入两板间,板长为L,两板距离为d,电子穿过电场后,打在荧光屏上,屏到两板右边缘的距离为L′,水平金属板间不加电压时,电子打在荧光屏的中点.荧光屏上有a、b两点,到中点的距离均为S,若在水平金属板间加上变化的电压,要求t=0时,进入两板间的电子打在屏上a点,然后在时间T内亮点匀速上移到b点,亮点移到b点后又立即跳回到a点,以后不断重复这一过程,在屏上形成一条竖直亮线.设电子的电量为e,质量为m,在每个电子通过水平金属板的极短时间内,电场可视为恒定的.
(1)求水平金属板不加电压时,电子打到荧光屏中点时的速度的大小.
(2)求水平金属板间所加电压的最大值U2m.
(3)写出加在水平金属板间电压U2与时间t(t<T)的关系式.
正确答案
解:(1)由动能定理有:eU1=
得:
(2)水平向匀速运动:L=v1t
竖直向加速运动:y=
联立解得:y=
电子离开偏转板时,垂直O1O3方向的初速度: 则又偏转:y′=
=
则Y=y+y′=
偏转最大距离为S时,电压U2最大,为U2m,则有:
S=
U2m=
(3)t时刻亮点的位置:y=()
则:
则:U2t=
答:(1)水平金属板不加电压时,电子打到荧光屏中点时的速度的大小为.
(2)求水平金属板间所加电压的最大值为
(3)加在水平金属板间电压U2与时间t(t<T)的关系式为:U2t=
解析
解:(1)由动能定理有:eU1=
得:
(2)水平向匀速运动:L=v1t
竖直向加速运动:y=
联立解得:y=
电子离开偏转板时,垂直O1O3方向的初速度: 则又偏转:y′=
=
则Y=y+y′=
偏转最大距离为S时,电压U2最大,为U2m,则有:
S=
U2m=
(3)t时刻亮点的位置:y=()
则:
则:U2t=
答:(1)水平金属板不加电压时,电子打到荧光屏中点时的速度的大小为.
(2)求水平金属板间所加电压的最大值为
(3)加在水平金属板间电压U2与时间t(t<T)的关系式为:U2t=
如图所示为一真空示波管,电子从灯丝K发出(初速度不计),经灯丝与A板间的加速电压U1加速,从A板中心孔沿中心线KO射出,然后进入两块平行金属板M、N形成的偏转电场中(偏转电场可视为匀强电场),电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直,电子经过电场后打在荧光屏上的P点.已知M、N两板间的电压为U2,两板间的距离为d,板长为L1,板右端到荧光屏的距离为L2,电子的质量为m,电荷量为e.求:
(1)电子穿过A板时的速度vA的大小;
(2)电子从偏转电场射出时的侧移量y的大小;
(3)电子从偏转电场射出时的偏转角θ的正切值;
(4)P点到O点的距离yOP;
(5)写出一个可以使打电子在屏上的距离yOP变大的方法;
(6)若U2的值任意,求电子打在屏上的距离OP的最大值ym的大小.
正确答案
解:(1)设电子经电压U1加速后的速度为V0,
由动能定理得:eU1=mvA2,解得:vA=
;
(2)电子以速度υ0进入偏转电场后,垂直于电场方向做匀速直线运动,
沿电场方向做初速度为零的匀加速直线运动,设偏转电场的电场强度为E,
电子在偏转电场中运动的时间为t1,电子的加速度为α,离开偏转电场时的侧移量为y1,
由牛顿第二定律得:F=eE2=e=ma,解得:a=
,
由运动学公式得:L1=v0t1,y=at12,解得:y=
;
(3)设电子离开偏转电场时沿电场方向的速度为υy,
由匀变速运动的速度公式可知υy=at1;
电子离开偏转电场后做匀速直线运动,
tanθ=
(4)因tanθ==
所以yOP=
(5)使打电子在屏上的距离yOP变大,由上公式可知,只增大L1;
(6)根据几何关系,则
∴ym=
答:(1)电子穿过A板时的速度的大小:vA=;
(2)电子从偏转电场射出时的侧移量的大小:y=;
(3)电子从偏转电场射出时的偏转角θ的正切值;
(4)P点到O点的距离yOP=;
(5)写出一个可以使打电子在屏上的距离yOP变大的方法:只增大L1;
(6)若U2的值任意,求电子打在屏上的距离OP的最大值的大小ym=.
解析
解:(1)设电子经电压U1加速后的速度为V0,
由动能定理得:eU1=mvA2,解得:vA=
;
(2)电子以速度υ0进入偏转电场后,垂直于电场方向做匀速直线运动,
沿电场方向做初速度为零的匀加速直线运动,设偏转电场的电场强度为E,
电子在偏转电场中运动的时间为t1,电子的加速度为α,离开偏转电场时的侧移量为y1,
由牛顿第二定律得:F=eE2=e=ma,解得:a=
,
由运动学公式得:L1=v0t1,y=at12,解得:y=
;
(3)设电子离开偏转电场时沿电场方向的速度为υy,
由匀变速运动的速度公式可知υy=at1;
电子离开偏转电场后做匀速直线运动,
tanθ=
(4)因tanθ==
所以yOP=
(5)使打电子在屏上的距离yOP变大,由上公式可知,只增大L1;
(6)根据几何关系,则
∴ym=
答:(1)电子穿过A板时的速度的大小:vA=;
(2)电子从偏转电场射出时的侧移量的大小:y=;
(3)电子从偏转电场射出时的偏转角θ的正切值;
(4)P点到O点的距离yOP=;
(5)写出一个可以使打电子在屏上的距离yOP变大的方法:只增大L1;
(6)若U2的值任意,求电子打在屏上的距离OP的最大值的大小ym=.
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