热门试卷

解：

A、由电势能的公式EP=qφ知，由C到A的过程中，电势逐渐降低．故A错误．

B、v-t图象的斜率等于加速度，B点处为整条图线切线斜率最大的位置，说明B为中垂线上加速度最大的点，根据牛顿第二定律得：F=qE=ma知，B为中垂线上电场强度最大的点，B点的加速度为 a===2m/s2，E== V/m=l×l03V/m．故B正确．

C、物块从A到B的过程，根据动能定理得：qUAB=m-m 则得，UAB=m（-）=×（42-62）V=-5×103V，故C正确．

D、由图知，由C到A的过程中，物块的速度不断增大，动能增大，根据能量守恒得：物块的电势能不断减小，故D错误．

故选：BC．

解：两个点电荷+Q对带电小球的电场力大小均为 F1=k，夹角为90°

由电场的叠加原理可知，带电小球所受的电场力的大小为 F电=F1==F，方向由a指向P

由平衡条件可知，小球所受的摩擦力大小应等于电场力和F的合力大小，为 f=2Fcos=

故选：D

解：

A、据v-t图的斜率等于加速度，可得物块在B点的加速度最大为a==2m/s2，所受的电场力最大为 F=ma=1×2N=2N，则电场强度的最大值为 E===1N/C，故A错误．

B、由C点到A点的过程中，据v-t图可知带电粒子的速度增大，电场力做正功，电势能减小，故B错误．

C、据两个等量的同种正电荷，其连线中垂线上电场强度方向由O点沿中垂线指向外侧，故由C点到A点的过程中电势逐渐减小，故C正确．

D、由v-t图可知A、B两点的速度分别为：vA=6m/s，vB=4m/s，物块在A到B过程，根据动能定理得：qUAB=mB2-mA2=×1×（42-62）J=-10J，得：UAB==V=-5V，故D正确．

故选：CD．

解：如图，根据点电荷的场强公式E=，运用平行四边形定则，结合结几何关系，M、N点的场强分别为：

EM=-≈…①

根据平行四边形定则有：

EN=≈…②

由①②两式，M点的场强是N点场强的2倍，方向相反，故AB错误；

由①②两式，M点的场强与N点场强都与a成正比，与L的三次方成反比，故C正确，D错误；

故选：C．