热门试卷

解：（1）Ⅰ中含氧官能团为羟基和醛基，

故答案为：羟基、醛基；

（2）化合物II→化合物III的变化是羟基转变为碳碳双键，发生消去反应，

故答案为：消去反应；

（3）①Ⅳ含有羧基，可与乙醇发生酯化反应，方程式为，

故答案为：；

②酚羟基和羧基都可与氢氧化钠反应，方程式为，

故答案为：；

（4）①是苯的对位取代物，②能与NaHCO3反应放出气体说明含有羧基，③能发生银镜反应说明含有醛基，所以该物质的结构是为：，

故答案为：；

解：由A的分子式结合G的结构可知，A为；发生取代反应生成B为；根据B、C的分子式组成可知，B到C减少1个Br原子，多了3个C、5个H和2个O，结合G可知C只能含有1个侧链，可能为羧基，有可能为醛基，由于C到D脱去1分子水，则C中应该含有羟基，则C的结构简式为，D的结构简式为；D转化成E只多了1个O原子，则为醛基氧化成羧基，所以E的结构简式为；E与F生成G，则该反应为酯化反应，F的结构简式为：，

（1）根据分析可知，B的结构简式为：；D的结构简式为：，

故答案为：；；

（2）反应①为与溴生成，属于取代反应；反应②为生成，该反应巍峨消去反应，

故答案为：取代反应；消去反应；

（3）反应③为中醛基被氧化成中的羧基，需要弱氧化剂，如：新制氢氧化铜悬浊液或银氨溶液、稀盐酸，

故答案为：新制氢氧化铜悬浊液或银氨溶液、稀盐酸（或稀硫酸）；

（4）G为，1molG中含有6mol可以被溴取代的苯环H和1mol碳碳双键，所以能够消耗7mol溴；1molG中含有4mol酚羟基、1mol羧基、1mol酯基，能够消耗6mol氢氧化钠，

故答案为：7；6；

（5）E中含有碳碳双键，在一定条件下能够发生加聚反应，反应的化学方程式为：，

故答案为：；

（6）F的结构简式为，与F互为同分异构体，且同时满足下列条件：①苯环上有四个取代基，且苯环上的一氯取代物只有一种，说明该有机物具有对称结构；②1mol该物质分别与NaHCO3、Na2CO3反应时，最多消耗NaHCO3、Na2CO3的量分别是1mol和4mol，该有机物中含有1个羧基、3个酚羟基，满足条件的有机物中含有侧链为：①3个酚羟基和1个-CH2CH2COOH、②3个酚羟基和1个-CH（CH3）COOH，①②分别组成满足条件的有机物的结构简式为：、、，总共有4种，

故答案为：4．

解：（1）根据A的结构简式可知，两个酚羟基在苯环的对位，所以其名称为：对苯二酚或1，4-苯二酚或1，4-二羟基苯；

根据D的结构简式可知，化合物D中的含氧官能团为：羟基、羰基、醚键，

故答案为：对苯二酚（或1，4-苯二酚或1，4-二羟基苯）；羟基、羰基、醚键；

（2）比较C和D的结构可知，反应③是C中的酯基发生了水解，与左侧苯环相连的羰基与酚羟基发生加成后再消去得D中杂环，所以反应③中涉及的反应为水解反应、加成反应和消去反应，

故答案为：加成反应；消去反应；

（3）比较D和E的结构简式结合X的分子式可判断X的结构简式为：，X与反应②中的具有相似结构，分子间相差1个CH2原子团，所以二者互为同系物，

故答案为：互为同系物；

（4）根据反应流程可知，反应④为和反应生成和HCl，反应的化学方程式为：++HCl，

故答案为：++HCl；

（5）根据条件I．能发生银镜反应，说明有醛基，其水解产物之一能与FeCl3溶液发生显色反应，说明水解产物中有酚羟基，II分子中有4种不同化学环境的氢，符合这样条件的B的同分异构体有，

故答案为：；

（6）E的结构简式为，其分子中含有3个苯环、1个酯基、1个羰基和1个碳碳双键，

A．E分子中含有3个苯环，故A错误；                 

B．其分子中含有酯基，能够发生水解反应，故B正确；

C．E分子中含有碳碳双键，且苯环的侧链含有甲基，能够被酸性高锰酸钾溶液氧化，从而使酸性KMnO4溶液褪色，故C正确；              

D．由于含有甲基，则其分子中不可能所有原子可能共面，故D错误；

故答案为：BC．

解：由反应②产物可知C13H9NO4S的物质的结构简式为；根据反应③、④生成产物喹硫平的结构简式可知A的结构简式为；反应③、④分别为与、ClCH2CH2OCH2CH2OH反应最终生成和HCl；由产物可知分子式为C4H6的烃应为CH2=CH-CH=CH2，与溴发生1，4加成生成CH2Br-CH=CH-CH2Br，CH2Br-CH=CH-CH2Br在NaOH溶液中水解生成OH-CH2-CH=CH-CH2-OH（C），C与HBr加成生成D，则D为OH-CH2-CH2-CHBr-CH2-OH，D氧化后生成E，则E为HOOC-CH2-CHBr-COOH，E发生消去反应生成，

所以C为OH-CH2-CH=CH-CH2-OH，D为OH-CH2-CH2-CHBr-CH2-OH，E为HOOC-CH2-CHBr-COOH，

（1）根据反应产物可知反应①为取代反应；反应⑤为CH2Br-CH=CH-CH2Br在NaOH溶液中水解生成OH-CH2-CH=CH-CH2-OH，该反应的试剂及反应条件为：NaOH水溶液、加热，

故答案为：取代；NaOH水溶液、加热；

（2）根据分析可知A的结构简式为：，B的结构简式为：CH2=CH-CH=CH2，故答案为：；CH2=CH-CH=CH2；

（3）反应⑦的化学方程式为：HOOC-CH2CH（Br）COOH+3NaOHNaOOC-CH=CHCOONa+NaBr+3H2O，

故答案为：HOOC-CH2CH（Br）COOH+3NaOHNaOOC-CH=CHCOONa+NaBr+3H2O；

（4）反应③和④中生成的相同产物为HCl；反应⑤⑦的目的是防止C=C被酸性高锰酸钾氧化，起到保护官能团的作用，

故答案为：HCl；保护碳碳双键，防止被酸性KMnO4溶液氧化；

（5）化合物消去HCl后的产物记为F，则F的结构简式为：CH2=CHOCH2CH2OH；能发生银镜反应，分子中含有醛基，可能为甲酸酯或醛类；只含3种不同化学环境氢原子，说明其分子中含有3种等效H原子，满足条件的结构简式有：HCOOCH（CH3）2、，

故答案为：HCOOCH（CH3）2、．

解：（1）有机物A可作为植物生长调节剂，应为乙烯，乙烯可氯气发生加成反应生成1，2-二氯乙烷，

故答案为：乙烯、1，2-二氯乙烷；

（2）E中含有氯元素，且E可以与乙酸发生酯化反应，所以E中既含有氯原子又含有羟基，所以E的结构简式为：

ClCH2CH2OH，A直接生成E的反应类型是加成反应，方程式为CH2=CH2+HO-Cl→ClCH2CH2OH，

故答案为：ClCH2CH2OH、加成反应；

（3）D为，在弱酸性条件下会缓慢释放出乙烯，根据质量守恒可知，反应的化学方程式为+H2OHCl+H3PO4+CH2=CH2↑，

故答案为：+H2OHCl+H3PO4+CH2=CH2↑；

（4）E为ClCH2CH2OH，对应的同分异构体可为醚类以及Cl原子位置的异构，可能的同分异构体是ClCH2OCH3和CH3CHClOH，

故答案为：ClCH2OCH3、CH3CHClOH．

解：环己烷和氯气发生取代反应生成1-氯环己烷，1-氯环己烷和氢氧化钠的醇溶液发生消去反应生成A，A的结构简式为：，A和氯气反应生成B，则B发生消去反应生成，所以B的结构简式为，则A和氯气发生加成反应生成B，和溴发生加成反应生成，和氢氧化钠的水溶液发生取代反应生成C，和氢气发生加成反应生成．

（1）通过以上分析知，A和C的结构简式分别为：、，故答案为：；；

（2）①的化学方程式为：，④的化学方程式为：，

故答案为：；．

解：（1）CH3COOCH2COCl+X→+HCl，X分子中含碳氮双键（C=N），应在如图虚线所示位置是反应成键位置，故X为，

故答案为：；

（2）由反应方程式CH3COOC2H5+CH3OHCH3COOCH3+C2H5OH，可知-OCH3取代-OC2H5，

CH3CO+CH3OHCH3COOCH3+H，可知-OCH3取代，故酯和酰胺在过量醇中能发生醇解反应属于取代反应，由酰胺在过量醇中能发生醇解反应的信息可知，在如图所示虚线发生化学键断裂，O原子、N原子连接甲醇中羟基中的H原子，-OCH3连接断键处的C原子，故还生成CH3COOCH3，

故答案为：CH3COOCH3；

（3）最后一步水解的条件控制不好，D会继续水解生成氨基酸E和芳香酸F，由D的结构可知，E为HOOC-CH（OH）-CH（NH2）-C6H5，F为C6H5-COOH，

①E分子中含有-COOH、-OH、-NH2，可以通过形成酯缩聚生成高聚物，也可以通过成肽键发生缩聚反应生成高聚物，故可能的高聚物为或，

故答案为：或；

②C6H5-COOH的同分异构体中，属于芳香族化合物、能发生银镜反应，故含有苯环、醛基或是甲酸酚酯，核磁共振氢谱有4个峰，含有4种不同的H原子，符合条件的结构为或，

故答案为：或；

（4）CH3COOCH2COCl中含有酯基，结合信息可知，先由CH3CHO氧化生成CH3COOH，HCHO在HCN、酸性条件下合成HOCH2COOH

，HOCH2COOH在PCl3条件下合成HOCH2COCl，再由CH3COOH与HOCH2COCl在浓硫酸、加热条件下发生酯化反应生成CH3COOCH2COCl，故合成路线流程：，

故答案为：．