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题型:简答题
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简答题

如图所示,一根长0.1m的细线,一端系着一个质量为0.18kg的小球,拉住线的另一端,使球在光滑的水平桌面上做匀速圆周运动,当小球的转速增加到原转速3倍时,测得线拉力比原来大40N,此时线突然断裂.求:

(1)线断裂的瞬间,线的拉力;

(2)线断裂时小球运动的线速度;

(3)如果桌面高出地面0.8m,线断后小球飞出去落在离桌面的水平距离为多少的地方?(g取10m/s2

正确答案

解:(1)小球在光滑桌面上做匀速圆周运动时受三个力作用,重力mg、桌面弹力FN和线的拉力F.重力mg和弹力FN平衡.线的拉力提供向心力,F=F=mω2R.

设原来的角速度为ω0,线的拉力是F0,加快后的角速度为ω,线断时的拉力是F.

则F:F02:ω02=9:1.

由题意知F=F0+40 N

解得F0=5 N,F=45 N.

(2)设线断时小球的速度为v,

由F=

得v=

(3)由平抛运动规律得小球在空中运动的时间

t=

小球落地处离开桌面的水平距离s=vt=5×0.4 m=2 m.

答:(1)线断裂的瞬间,线的拉力为45N;

(2)线断裂时小球运动的线速度为5m/s;

(3)线断后小球飞出去落在离桌面的水平距离为2m的地方.

解析

解:(1)小球在光滑桌面上做匀速圆周运动时受三个力作用,重力mg、桌面弹力FN和线的拉力F.重力mg和弹力FN平衡.线的拉力提供向心力,F=F=mω2R.

设原来的角速度为ω0,线的拉力是F0,加快后的角速度为ω,线断时的拉力是F.

则F:F02:ω02=9:1.

由题意知F=F0+40 N

解得F0=5 N,F=45 N.

(2)设线断时小球的速度为v,

由F=

得v=

(3)由平抛运动规律得小球在空中运动的时间

t=

小球落地处离开桌面的水平距离s=vt=5×0.4 m=2 m.

答:(1)线断裂的瞬间,线的拉力为45N;

(2)线断裂时小球运动的线速度为5m/s;

(3)线断后小球飞出去落在离桌面的水平距离为2m的地方.

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题型:简答题
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简答题

如图所示,水平光滑、距离地面高为h、边长为a的正方形MNPQ桌面上,用长为L的不可伸长的轻绳连接质量分别为mA和mB的A、B两个小球,两球在绳子拉力的作用下绕绳子上的某点O以不同的线速度做匀速圆周运动,圆心O与桌面中心重合.已知mA=0.5kg,L=1.2m,LAO=0.8m,a=2.1m,h=1.25m,A球的速度大小vA=0.4m/s,重力加速度g=9.8m/s2,求:

(1)绳子上的拉力F以及B球的质量mB

(2)若当绳子与MN平行时突然断开,两小球落至地面时,落地点之间的距离.

正确答案

解:(1)对A球进行受力分析,由绳子的拉力提供A球的向心力,则:

代入数据得:

又同一根绳子的拉力相同,知A、B两球的向心力相同,即:

又因为ωAB

解得:

(2)绳子断开后,A、B两球先会以各自绳子断开瞬间的线速度为速度做匀速直线运动,直到离开桌面.

设绳子断开瞬间B球的线速度为vB,两球角速度相同,有:

解得:

离开桌面后,各自以绳子断开瞬间的速度为初速度做平抛运动,设平抛运动的时间为t,则:

h=

解得:t=

所以两小球落地后在MQ方向上相距:y=(vA+vB)t+a=0.6×0.5+2.1m=2.4m,

因为A、B两球在MN方向上原本相距:x=L=1.2m

则最后落地时的距离为:s=

答:(1)绳子的拉力为0.1N,B球的质量为1kg;

(2)落地点之间的距离为m.

解析

解:(1)对A球进行受力分析,由绳子的拉力提供A球的向心力,则:

代入数据得:

又同一根绳子的拉力相同,知A、B两球的向心力相同,即:

又因为ωAB

解得:

(2)绳子断开后,A、B两球先会以各自绳子断开瞬间的线速度为速度做匀速直线运动,直到离开桌面.

设绳子断开瞬间B球的线速度为vB,两球角速度相同,有:

解得:

离开桌面后,各自以绳子断开瞬间的速度为初速度做平抛运动,设平抛运动的时间为t,则:

h=

解得:t=

所以两小球落地后在MQ方向上相距:y=(vA+vB)t+a=0.6×0.5+2.1m=2.4m,

因为A、B两球在MN方向上原本相距:x=L=1.2m

则最后落地时的距离为:s=

答:(1)绳子的拉力为0.1N,B球的质量为1kg;

(2)落地点之间的距离为m.

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题型:简答题
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简答题

长为L的轻杆,其一端固定于O点,另一端连有质量为m的小球,它绕O点在竖直平面内做圆周运动.小球在最高点时,求:

(1)当时,小球受杆的作用力大小和方向;

(2)当时,小球受杆的作用力大小和方向.

正确答案

解:(1),球受杆的支持力,

根据牛顿第二定律:mg-F=m

得:F=mg,方向竖直向上;

(2)当时,球受杆的拉力,

根据牛顿第二定律:F′+mg=m

得:F′=mg,方向竖直向下;

答:(1)当时,小球受杆的作用力大小为mg,方向竖直向上;

(2)当时,小球受杆的作用力大小为mg,方向竖直向下.

解析

解:(1),球受杆的支持力,

根据牛顿第二定律:mg-F=m

得:F=mg,方向竖直向上;

(2)当时,球受杆的拉力,

根据牛顿第二定律:F′+mg=m

得:F′=mg,方向竖直向下;

答:(1)当时,小球受杆的作用力大小为mg,方向竖直向上;

(2)当时,小球受杆的作用力大小为mg,方向竖直向下.

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题型: 多选题
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多选题

如图甲所示,轻杆一端固定在O点,另一端固定一小球,现让小球在竖直平面内做半径为R的圆周运动.小球运动到最高点时,受到的弹力为F,速度大小为v,其F-v2图象如乙图所示.则(  )

A小球的质量为

B当地的重力加速度大小为

Cv2=c时,小球对杆的弹力方向向下

Dv2=2b时,小球受到的弹力与重力大小相等

正确答案

A,D

解析

解:A、由图象知,当v2=0时,F=a,故有:F=mg=a,由图象知,当v2=b时,F=0,杆对小球无弹力,此时重力提供小球做圆周运动的向心力,有:mg=,得:g=,当有a=时,得:m=,故A正确,B错误;

C、由图象可知,当v2=c时,有:F<0,则杆对小球得作用力方向向下,根据牛顿第三定律可知,小球对杆的弹力方向向上,故C错误;

D、由图象可知,当v2=2b时,由,故有:

F+mg=

得:F=mg,故D正确

故选:AD.

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题型:填空题
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填空题

如图所示,长度L=0.5m的轻质细杆OP,P端有一质量m=3.0kg的小球,小球以O点为圆心在竖直平面内做匀速圆周运动,其运动速率为2.0m/s,则小球通过最高点时杆OP所受的力为______ N.(g取10m/s2

正确答案

6

解析

解:小球以O点为圆心在竖直平面内作圆周运动,

当在最高点小球与细杆无弹力作用时,小球的速度为V1,则有

mg=m

得:v1=m/s

>2m/s∴小球受到细杆的支持力

小球在O点受力分析:重力与支持力

mg-F=m

则F=mg-m=30-24=6N

故答案为:6

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