热门试卷

解：A、根据右手定则可得：磁场的方向垂直纸面向里，运动方向向左，所以感应电流的方向向下，Q端的电势高，所以A错误；

B、金属棒PQ切割磁感线产生的感应电动势为：E=BLv，所以B正确；

C、电路中的电流为：I=，R两端的电压为U=IR=0.8BLv，所以C正确；

D、感应电流的方向向下，根据左手定则可知，导体棒受到向右的安培力作用，所以D错误；

故选：BC

解：根据法拉第电磁感应定律：E=BLv，如下图，

L1=2=2R，

L2=2=2R，

又根据v=，v1==2，

v2==4，

所以E1=4BR，

E2=8BR=4BR，

所以E1＜E2．

再根据右手定则判定电流方向从a到b，在电源内部电流时从电源负极流向正极，

故D正确．

解：A、线框进入磁场的t时间时，线框切割磁感线的有效长度为vt，感应电动势为 E=BLvt，可知 E∝t，即电动势随时间均匀增大，故A正确；

B、通过线框截面的电荷量 q=I△t=•△t

又根据法拉第电磁感应定律得：E=n，

联立得：q=n==，故B正确．

C、当AB刚要切割磁感线时电流最大，安培力最大，F安=BIL=B=，根据平衡条件得知，外力 F=F安=，故C错误；

D、由上可知，感应电流I与时间成正比，由P=I2R，可知热功率与时间成二次关系，故D错误．

故选：AB

解：设金属杆下滑的距离为s，下降的高度为h，导轨间距为L；

A、由法拉第定律可得，感应电动势：E=△==，电流I=，通过电阻的电荷量q=I△t=，由此可知，两种情况下通过电阻的电量相等，故A正确；

B、两种情况下，磁通量的变化量相等，导轨光滑时，金属棒下滑时间短，平均感应电动势大，由A可知，两种情况下通过电阻的电荷量q相等，由Q=W=qE可知，导轨光滑时电阻产生的电热多，故B错误；

C、重力做功WG=mgh，两种情况下，m、h相等，重力做功相等，故C正确；

D、最终金属棒做匀速运动，由平衡条件可知，导轨光滑时：mgsinθ=，v1=，导轨粗糙时：mgsinθ=μmgcosθ+，v2=，

v1＞v2，故D错误；

故选：AC．

解：A、根据感应电量经验公式q=知，上滑过程和下滑过程磁通量的变化量相等，则通过电阻R的电量相等，故A正确．

B、金属杆ab上滑过程中重力、安培力、摩擦力都做功负功，根据动能定理得知：ab棒克服重力、安培力与摩擦力所做功之和等于．故B错误．

C、金属杆ab上滑过程与下滑过程中所受的滑动摩擦力大小相等，通过的路程相等，所以金属杆克服摩擦力做功相等，则因摩擦而产生的内能一定相等，故C错误．

D、根据功能关系得知，ab在整个过程中损失的机械能等于装置产生的热量．故D正确．

故选：AD

解：A、导体棒刚开始运动时，导体棒产生的感应电动势为E′=BLv0，甲、乙中，感应电流都为I==

丙图中，感应电动势与电池的电动势方向相同，感应电流为I==．故A错误．

B、C、图甲中，导体棒向右运动切割磁感线产生感应电流而使电容器充电，当电容器C极板间电压与导体棒产生的感应电动势相等时，电路中没有电流，ab棒不受安培力，向右做匀速运动；图乙中，导体棒向右运动切割磁感线产生感应电流，通过电阻R转化为内能，ab棒速度减小，当ab棒的动能全部转化为内能时，ab棒静止；

图丙中，导体棒先受到向左的安培力作用向右做减速运动，速度减为零后再在安培力作用下向左做加速运动，当导体棒产生的感应电动势与电源的电动势相等时，电路中没有电流，ab棒向左做匀速运动．故B错误，C正确．

D、甲中棒的部分动能转化为内能，图乙图过程中，棒的动能全部转化为内能；丙图中，电源的电能和棒的动能转化为内能，故有Q甲＜Q乙＜Q丙．

故选CD

解：A、当直径与边界线重合时，圆环运动到直径刚好与边界线PQ重合时，圆环左右两半环均产生感应电动势，故线圈中的感应电动势E=2B×2a×=2Bav；

圆环中的电功率P==，故A正确；

B、此时圆环受力F=2BI×2a=2B•2×2a=，由牛顿第二定律可得，加速度a==，故B错误；

C、电路中的平均电动势=，则电路中通过的电量Q=△t=△t==，故C正确；

D、此过程中产生的电能等于电路中的热量，也等于外力所做的功，则一定也等于动能的改变量，故E=mv2-m=mv2=0.375mv2．故D错误；

故选：AC．

解：A、B根据拉第电磁感应定律得知，电路中磁通量的变化率等于回路中产生的感应电动势，而感应电动势E=BLv，B、v不变，有效切割的长度L增加，则电路中磁通量的变化率和感应电动势都增加．故AB错误．

    C、设金属材料的电阻率为ρ，截面积为S，导体棒DE从B点开始运动的时间为t，∠BAC=2θ．则

       回路中产生的感应电动势为E=2B•vt•tanθ

       回路的电阻R=ρ

      电路中感应电流的大小I==，B、S、ρ、θ均不变，则I不变．故C正确．

    D、DE杆所受的磁场力的大小F=BIL=BI•2vt•tanθ随着时间t的延长而增大．故D错误．

故选C

解：A、B、线框右边开始进入磁场时，由右手定则可知，电流方向为逆时针；当右边框开始进入右边磁场时，电流变化顺时针；而从磁场中离开时，电流方向为逆时针；由E=BLV及V=at可知，E=BLat，电动势随时间为均匀增大，故电流也随时间均匀增大，故A正确，B错误；

C、D、而由E=BLV及V2=2as可知，E=BL，故电流与成正比，故C正确，D错误；

故选：AC．

解：当线圈右边进磁场和左边出磁场时，回路磁通量发生变化，有感应电流，有感应电流的时间t=，故B正确，A、C、D错误．

故选B．