热门试卷

解：

A、四种情况线圈的磁通量均减小，根据楞次定律判断可知线圈中感应电流方向均为顺时针方向，所以流过ab边的电流的方向都相同．故A正确．

B、设正方形线框边长为L，电阻为R，磁感应强度为B，则得：

左边第一幅图中，ab两端的电势差为 U1=；第二幅图中，ab两端的电势差为 U2=BLv；第三、四幅图中，ab两端的电势差均为 U3、4=BLv；故B错误．

C、由感应电荷量q=It==，可知流过线框的电量都相等．故C正确．

D、安培力对线框做功的功率为 P=BIL•v=，可知安培力对线框做功的功率都相等，故D正确．

故选：ACD．

解：设直角三角形右下角为α．

金属框进入磁场的过程，感应电动势为  E=BLv，L=vttanα，则得 E=Bv2t•tanα，感应电流大小i=∝t，由楞次定律判断得知：感应电流为逆时针方向，是负值；

金属框穿出磁场的过程，感应电动势为 E=BLv，L=[L0-v（t-）]tanα=（2L0-vt）tanα，L0是三角形底边的长度，则得 E=B（2L0-vt）v•tanα，感应电流大小i=，由楞次定律判断得知：感应电流为顺时针方向，是正值；由数学知识可知C图象正确．

故选C

解：A、图甲中，导体棒向右运动切割磁感线产生感应电流而使电容器充电，当电容器C极板间电压与导体棒产生的感应电动势相等时，电路中没有电流，ab棒不受安培力，向右做匀速运动；图乙中，导体棒向右运动切割磁感线产生感应电流，通过电阻R转化为内能，ab棒速度减小，当ab棒的动能全部转化为内能时，ab棒静止；

图丙中，导体棒先受到向左的安培力作用向右做减速运动，速度减为零后再在安培力作用下向左做加速运动，当导体棒产生的感应电动势与电源的电动势相等时，电路中没有电流，ab棒向左做匀速运动，故A错误，C正确；

B、导体棒刚开始运动时，导体棒产生的感应电动势为E′=BLv0，甲、乙中，感应电流都为I==，丙图中，感应电动势与电池的电动势方向相同，感应电流为I==，故B错误．

D、甲中棒的部分动能转化为内能，图乙图过程中，棒的动能全部转化为内能；丙图中，电源的电能和棒的动能转化为内能，故有Q甲＜Q乙＜Q丙，故D正确；

故选：CD．

解：AB、线框的ab边刚进人磁场到ab边刚离开磁场这段过程中，根据动能定理得：mgd-WA=0，所以WA=mgd．线框的ab边刚进入磁场时的速度和ab边刚离开磁场时的速度相同，可知线框进磁场的过程和出磁场的过程是相同的，所以在线框从进入到全部穿过磁场的过程中，克服安培力做的功为WA总=2WA=2mgd．根据功能关系知线框产生的焦耳热为Q=WA总=2mgd故A错误，B正确；

C、线框刚完全进入磁场时的速度最小为v0，根据线框的ab边刚进人磁场时的速度为：，则ab边刚离开磁场时的速度，由

得，解得：，故C错误；

D、线框的ab边刚进入磁场时的速度和ab边刚离开磁场时的速度相同，可知线框进磁场的过程和出磁场的过程是相同的，所以线框进入磁场的时间和离开磁场的时间相同，故D正确；

故选：BD．

解：A、F-图象的斜率等于Fv，而Fv=P，说明拉力的功率不变，故A错误；

B、图象的斜率等于Fv=W=20W，拉力的功率为P=Fv直线的斜率不变，说明拉力的功率不变，为 P=20W，故B正确；

C、由图知F=2N，金属棒的最大速度为 vm=10m/s，此时金属棒做匀速直线运动，则匀速运动时金属棒产生的感应电动势为：

E=BLvm

感应电流为：

I=

棒所受的安培力为：F安=BIL，

可得：F安=

根据平衡条件得：F=F安

代入得：2=

解得：B=2T

D、根据能量守恒得：Pt=Q+mv2

可得t=4s内回路产生的总热量为：

Q=Pt-mv2=20×4-×1×102=30（J）

则在这段时间内电阻R产生的热量为：

QR=Q=×30J=24J，故D错误

故选：BC

解：据题原线圈所接的交变电流的电压表达式为u=4sin100πtV，电压的最大值 U1m=4V，有效值为 U1==4V

根据=，得：U2==V=2V

理想电流表测量交变电流的有效值，则其读数为 I2==A=0.2A

故选：B

解：A、因线圈在下落过程中切割磁感线，故线圈中会产生感应电流，在任意一点，由右手定则可知电流方向应为顺时针；故A正确，B错误．

CD、线圈在磁场中做向下的变加速直线运动，速度越大，电流越大，安培力越大；则安培力等于重力时，线圈将做匀速直线运动；

则有BIL==mg；

R=ρ

则有：=ρ1SLg；

解得：v=

若线圈半径越大，则切割处的磁感应强度越小，由公式可得最大速度越大，故CD错误；

故选：A．