热门试卷

解：A、B、因为电流不变，所以是一定值，，而速度是不断增大的，所以A错误，B正确；

C、杆向左运动位移L的时间内电阻产生的焦耳热为Q=I2R•△t，解得：，所以C正确；

D、杆向左运动位移L的时间内水平外力做的功为：，所以D错误．

故选：BC

解：设ac左侧磁感应强度是B，则右侧的为2B．导轨间距为L．

AB、金属棒PQ通过bac区域时，由右手定则可知金属棒感应电流从Q到P，为正方向，由i===∝t，PQ刚要到ac时，i=；金属棒PQ通过bdc区域时，由右手定则可知金属棒感应电流从P到Q，为负方向，由i==，可知i随时间均匀减小，PQ棒刚离开ac时，i=．故A正确，B错误．

CD、金属棒PQ通过bac区域时，安培力 F=Bi•2vt=∝t2．金属棒PQ通过bdc区域时，安培力大小为 F=2Bi•（L-2vt）=．根据数学知识可得，C正确，D错误．

故选：AC．

解：A、棒沿轨道向上运动，回路的磁通量增大，由楞次定律可知通过R的电流方向为从N到P，故A正确．

B、导体棒ab受到的安培力大小为 F=BIL=BL=．故B正确．

C、R上产生的热量等于棒克服安培力做功，为 Q=F=，故C错误．

D、流过R的电量为 q=It=•=．故D正确．

故选：ABD．

解：A、金属棒所受的安培力为：FA=BIL=，由牛顿第二定律得，金属棒的加速度：a=，速度v增大，安培力增大，加速度减小，故A错误．

B、根据能量守恒知，外力F对ab做的功等于电路中产生的电能以及ab棒的动能，故B错误．

C、当ab棒匀速运动时，外力做的功全部转化为电路中的电能，外力F做功的功率等于电路中的电功率，ab棒做加速度运动时，外力F的功率大于电路中的电功率，故C错误．

D、克服安培力做的功一定等于电路中产生的电能，故D正确．

故选：D．

解：线框进入磁场过程受到的安培力：F=BIL=BL=

线框进入磁场过程中，切割磁感线的有效长度L增大，安培力增大，由牛顿第二定律得：mg-F=ma，则a=g-

线框由静止做加速运动，由于L、v不断增大，加速度a减小，则线框进入磁场过程做加速度减小的加速运动，加速度减小，v-t图象的斜率减小．故ABD错误，C正确；

故选：C．

解：A、棒产生的感应电动势为：E1=BLv0

通过R的电流大小为：I1==；

根据右手定则判断得知：电流方向为：b→a；故A错误； 　　　　

B、棒产生的感应电动势为：E2=BLv

感应电流为：I2=

棒受到的安培力大小为：F=BIL=，方向沿斜面向上，如图所示．

根据牛顿第二定律 有：mgsinθ-F=ma

解得：a=gsinθ-；故B正确；

C、导体棒最终静止，mgsinθ=kx

弹簧的压缩量为：

设整个过程回路产生的焦耳热为Q0，根据能量守恒定律，有：

解得：

电阻R上产生的焦耳热为：

Q=[mv02+-Ep]；故C正确，D错误；

故选：BC．

解：A、感应电动势：e=Byv=0.2Bvsin5πx，当BC边运动到磁场的中心线，即：x=0.1m时，Em=2V，感应电动势最大值是2V，BC两端电压是路端电压，小于感应电动势2V，故A错误；

B、D、由A可知：感应电动势最大值 Em=2V，感应电动势的有效值：E=V=V，拉力F的最大瞬时功率等于最大的电功率为：P===0.5W，故BD错误；

C、感应电动势：e=Byv=0.2Bvsin5x=0.2Bvsin5vt=2sin（5×10t）=2sin50t，是正弦交变电流，故C正确；

故选：C．

解：A、t1时，线框恰好匀速直线运动，则感应电动势为E=Blv，由欧姆定律得，I=，故A正确

B、线框两次都做匀速直运动，说明受力平衡，由平衡条件得沿斜面方向：F=mgsinθ，

F=BIL=，解得v1：v2=4：1，故B错误

C、从t1到t2的过程中，线框克服安培力做功的大小等于重力势能的减少量加上动能的减少量，故C错误

 D、从t1到t2的过程中，根据能量守恒，损失的重力势能和减少的动能克服安培力做功转化为为电能，故有+的机械能转化为电能，故D正确

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