- 电磁感应
- 共4515题
如图所示,倾斜角θ=30°的光滑倾斜导体轨道(足够长)与光滑水平导体轨道连接.轨道宽度均为L=1m,电阻忽略不计.匀强磁场I仅分布在水平轨道平面所在区域,方向水平向右,大小B1=1T;匀强磁场II仅分布在倾斜轨道平面所在区域,方向垂直于倾斜轨道平面向下,大小B2=1T.现将两质量均为m=0.2kg,电阻均为R=0.5Ω的相同导体棒ab和cd,垂直于轨道分别置于水平轨道上和倾斜轨道上,并同时由静止释放.取g=10m/s2.
(1)求导体棒cd沿斜轨道下滑的最大速度的大小;
(2)若已知从开始运动到cd棒达到最大速度的过程中,ab棒产生的焦耳热Q=0.45J,求该过程中通过cd棒横截面的电荷量.
正确答案
解:(1)cd棒匀速运动时速度最大,设为vm,棒中感应电动势为E,电流为I,则感应电动势为:
E=BLvm,
而由闭合电路欧姆定律,则感应电流为:I=
mgsinθ=BIL
代入数据解得:vm=1m/s
(2)设cd从开始运动到达最大速度的过程中经过的时间为t,通过的距离为x,cd棒中平均感应电动势为E1,平均电流为I1,通过cd棒横截面的电荷量为q,则有:
mgxsinθ=
而E1=,且I1=
结合q=I1t
解得:q=1C
答:(1)导体棒cd沿斜轨道下滑的最大速度的大小1m/s;
(2)若已知从开始运动到cd棒达到最大速度的过程中,ab棒产生的焦耳热Q=0.45J,则该过程中通过cd棒横截面的电荷量1C.
解析
解:(1)cd棒匀速运动时速度最大,设为vm,棒中感应电动势为E,电流为I,则感应电动势为:
E=BLvm,
而由闭合电路欧姆定律,则感应电流为:I=
mgsinθ=BIL
代入数据解得:vm=1m/s
(2)设cd从开始运动到达最大速度的过程中经过的时间为t,通过的距离为x,cd棒中平均感应电动势为E1,平均电流为I1,通过cd棒横截面的电荷量为q,则有:
mgxsinθ=
而E1=,且I1=
结合q=I1t
解得:q=1C
答:(1)导体棒cd沿斜轨道下滑的最大速度的大小1m/s;
(2)若已知从开始运动到cd棒达到最大速度的过程中,ab棒产生的焦耳热Q=0.45J,则该过程中通过cd棒横截面的电荷量1C.
如图甲,MN、PQ两条平行的光滑金属轨道与水平面成θ=30°角固定,M、P之间接电阻箱R,导轨所在空间存在匀强磁场,磁场方向垂直于轨道平面向上,磁感应强度为B=0.5T.质量为m的金属杆a b水平放置在轨道上,其接入电路的电阻值为r.现从静止释放杆a b,测得最大速度为vm.改变电阻箱的阻值R,得到vm与R的关系如图乙所示.已知轨距为L=2m,重力加速度g取l0m/s2,轨道足够长且电阻不计.求:
(1)杆a b下滑过程中感应电流的方向及R=0时最大感应电动势E的大小;
(2)金属杆的质量m和阻值r;
(3)当R=4Ω时,求回路瞬时电功率每增加1W的过程中合外力对杆做的功W.
正确答案
解:(1)由右手定则判断得知,杆中电流方向从b→a;
由图可知,当R=0 时,杆最终以v=2m/s匀速运动,产生电动势 E=BLv=0.5×2×2V=2V
(2)设最大速度为v,杆切割磁感线产生的感应电动势 E=BLv,
由闭合电路的欧姆定律:,杆达到最大速度时满足 mgsinθ-BIL=0,
解得v=.
由图象可知:斜率为,纵截距为v0=2m/s,
得到:=v0,
=k
解得:m=0.2kg,r=2Ω.
(3)由题意:E=BLv,
得 ,则
由动能定理得W=,
联立解得:,
W=0.6J.
答:(1)电流方向从b→a;当R=0时,杆a b匀速下滑过程中产生感生电动势E的大小是2V;
(2)金属杆的质量m是0.2kg,阻值r是2Ω;
(3)当R=4Ω时,回路瞬时电功率每增加1W的过程中合外力对杆做的功W是0.6J.
解析
解:(1)由右手定则判断得知,杆中电流方向从b→a;
由图可知,当R=0 时,杆最终以v=2m/s匀速运动,产生电动势 E=BLv=0.5×2×2V=2V
(2)设最大速度为v,杆切割磁感线产生的感应电动势 E=BLv,
由闭合电路的欧姆定律:,杆达到最大速度时满足 mgsinθ-BIL=0,
解得v=.
由图象可知:斜率为,纵截距为v0=2m/s,
得到:=v0,
=k
解得:m=0.2kg,r=2Ω.
(3)由题意:E=BLv,
得 ,则
由动能定理得W=,
联立解得:,
W=0.6J.
答:(1)电流方向从b→a;当R=0时,杆a b匀速下滑过程中产生感生电动势E的大小是2V;
(2)金属杆的质量m是0.2kg,阻值r是2Ω;
(3)当R=4Ω时,回路瞬时电功率每增加1W的过程中合外力对杆做的功W是0.6J.
(2015•安庆二模)如图所示.两平行光滑金属导轨MN、PQ竖直放置,导轨间距为L,MP间接有一电阻R.导轨平面内ABCD区域有垂直于纸面向里的匀强磁场,磁感应强度大小为B,AB、CD水平,两者间高度为h,现有一电阻也为R,质量为m的水平导体棒沿着导轨平面从AB边以速v0向上进入磁场,当导体棒动到CD边时速度恰好为零,运动中.导体棒始终与导轨接触,空气阻力和导轨电阻均不计,则( )
正确答案
解析
解:A、导体棒刚进入磁场时,AB棒产生的感应电动势为 E=BLv0.则电阻R两端的电压为 U=E=
BLv0.故A正确.
B、导体棒刚进入磁场时,由楞次定律知,电阻R上电流方向为从M流向P.故B错误.
C、导体棒通过磁场区域过程中,根据能量守恒得,回路中产生的总热量为 Q总=mv02-mgh,R上产生的热量为 Q=
Q总=
(
mv02-mgh).故C错误.
D、设导体棒AB速度为v时加速度大小为a,则牛顿第二定律得:
mg+=ma=m
即得 mg△t+△t=m△v
两边求和得:mgt+=mv0;
所以导体棒通过磁场区域的时间t=-
,故D正确.
故选:D.
如图甲所示,光滑绝缘水平面上,磁感应强度B=2T的匀强磁场以虚线MN为左边界,MN的左侧有一质量m=0.1kg,bc边长L1=0.2m,电阻R=2Ω的矩形线圈abcd.t=0时,用一恒定拉力F拉线圈,使其由静止开始向右做匀加速运动,经过时间1s,线圈的bc边到达磁场边界MN,此时立即将拉力F改为变力,又经过1s,线圈恰好完全进入磁场.整个运动过程中,线圈中感应电流i随时间t变化的图象如图乙所示.
(1)求线圈bc边刚进入磁场时的速度v1和线圈在第ls内运动的距离x;
(2)写出第2s内变力F随时间t变化的关系式;
(3)求出线圈ab边的长度L2.
正确答案
解:(1)由图乙可知,线圈刚进入磁场时的感应电流 I1=0.1A,
由 E=BLv1 及 I=得 ①
v1==
m/s=0.5m/s ②
第1s内运动的距离 x==
m=0.25m ③
(2)由图乙可知,I=0.2t-0.1 (A),在第2s时间内,线圈中的电流随时间均增加,线圈速度随时间均匀增加,做匀加速运动,线圈所受安培力随时间均匀增加,且大小F安=BIL1=(0.08t-0.04)N ④
t=2s时线圈速度 v2==1.5m/s ⑤
线圈在第2s时间内的加速度 a2==
m/s2=1m/s2 ⑥
由牛顿定律得F=F安+ma=(0.08t+0.06)N ⑦
(3)在第2s时间内,线圈的平均速度=
=
m/s=1m/s ⑧
L2==1×1m=1m ⑨
答:
(1)线圈bc边刚进入磁场时的速度v1为0.5m/s,线圈在第ls内运动的距离x为0.25m;
(2)第2s内变力F随时间t变化的关系式为F=(0.08t-0.04)N;
(3)线圈ab边的长度L2为1m.
解析
解:(1)由图乙可知,线圈刚进入磁场时的感应电流 I1=0.1A,
由 E=BLv1 及 I=得 ①
v1==
m/s=0.5m/s ②
第1s内运动的距离 x==
m=0.25m ③
(2)由图乙可知,I=0.2t-0.1 (A),在第2s时间内,线圈中的电流随时间均增加,线圈速度随时间均匀增加,做匀加速运动,线圈所受安培力随时间均匀增加,且大小F安=BIL1=(0.08t-0.04)N ④
t=2s时线圈速度 v2==1.5m/s ⑤
线圈在第2s时间内的加速度 a2==
m/s2=1m/s2 ⑥
由牛顿定律得F=F安+ma=(0.08t+0.06)N ⑦
(3)在第2s时间内,线圈的平均速度=
=
m/s=1m/s ⑧
L2==1×1m=1m ⑨
答:
(1)线圈bc边刚进入磁场时的速度v1为0.5m/s,线圈在第ls内运动的距离x为0.25m;
(2)第2s内变力F随时间t变化的关系式为F=(0.08t-0.04)N;
(3)线圈ab边的长度L2为1m.
如图,有方向垂直于纸面向里的匀强磁场,磁场仅限于虚线边界所围的等腰直角三角形区域内,一固定的正方形金属框,其边长与三角形的直角边相同,每条边的材料及粗细均相同,现让有界匀强磁场向右匀速通过金属框,且金属框的下边与磁场区域的下边在同一直线上.在磁场通过金属框的过程中,从磁场边界到达ab边开始计时,能正确反映电势差Uab随时间变化的图象是( )
正确答案
解析
解:磁场进入线框时,相当于线框的ab边向左切割磁感线,故感应电流方向是abdc方向,ab边相当于电源,故Uab=,Uab<0;
磁场离开线框时,磁通量减小,故感应电流方向反向了,故感应电流方向是cdba方向,此时相当于cd边向左切割磁感线,cd边相当于电源,故Uab=,Uab<0;
故选:D.
如图所示,竖直平面内放置的两根平行金属导轨,电阻不计,匀强磁场方向垂直纸面向里,磁感应强度B=0.5T,导体棒ab、cd长度均为0.2,电阻均为0.1Ω,重力均为0.1 N,现用力F向上拉动导体棒ab,使之匀速上升(导体棒ab、cd与导轨接触良好),此时cd静止不动,则ab上升时,下列说法正确的是( )
正确答案
解析
解:A、导体棒ab匀速上升,受力平衡,cd棒静止,受力也平衡,对于两棒组成的整体,合外力为零,根据平衡条件可得:ab棒受到的推力F=2mg=0.2N,故A错误.
B、对cd棒,受到向下的重力G和向上的安培力F安,由平衡条件得:F安=G,即BIL=G,又I=,联立得:v=
=
=2m/s,故B正确.
C、在2s内,电路产生的电能Q=t=
t=
×2J=0.4J,则在2s内,拉力做功,有0.4J的机械能转化为电能,故C正确.
D、在2s内拉力做的功为:W=F推vt=0.2×2×2J=0.8J,故D错误.
故选:BC.
如图,两根足够长、水平的光滑平行导轨相距为L,导轨两端连接的电阻R1和R2阻值均为R,质量为m、电阻也为R的导体棒ab,垂直于导轨置于左端,不计导轨电阻,整个装置处在磁感应强度为B、方向垂直于导轨平面的匀强磁场中.给导体棒ab一个方向向右的初速度v0,此后,在ab沿导轨向右运动的过程中,电阻R1产生的热量为______.
正确答案
解析
解:在ab沿导轨向右运动的过程中,产生感应电流,ab棒相当于电源,根据电磁感应过程中的能量守恒,ab棒的动能最终转化为内能,应用闭合电路欧姆定律分析得,R1和R2阻值的总并联值为,故ab棒的动能最终转化R1内能的部分为:
=
=
,
故答案为:
如图所示,在水平地面MN上方空间存在一垂直纸面向里,磁感应强度B=1T的有界匀强磁场区域,上边界EF距离地面的高度为H.正方形金属线框abc d的质量m=0.02kg、边长L=0.1m(L<H),总电阻R=0.2Ω,开始时线框在磁场上方,ab边距离EF高度为h,然后由静止开始自由下落,a b c d始终在竖直平面内且ab保持水平.求线框从开始运动到a b边刚要落地的过程中(g取10m/s2)(1)若线框从h=0.45m处开始下落,求
(1)线框ab边刚进入磁场时的加速度;
(2)若要使线框匀速进入磁场,求h的大小;
(3)求在(2)的情况下,现况产生的焦耳热Q.
正确答案
解析
解:(1)当线圈ab边进入磁场时速度为:v1==3m/s
产生的感应电动势为:E1=BLv1
所受的安培力为:F=BIL==
N=0.15N
根据牛顿第二定律得:mg-F=ma
则得:a=g-=10-
=2.5m/2;
(2)由v=,I=
,F=BIL,及F=mg得:h=0.8m
(3)线圈cd边进入磁场前F=G,线圈做匀速运动,由能量守恒可知:Q=mgL=0.02×10×0.1J=0.02J
答:(1)线框ab边刚进入磁场时的加速度为2.5m/2;
(2)若要使线框匀速进入磁场,h的大小为0.8m;
(3)求在(2)的情况下,线圈产生的焦耳热Q是0.02J.
如图,宽度为L=0.5m的光滑金属框架MNPQ固定于水平面内,并处在磁感应强度大小B=0.4T,方向竖直向下的匀强磁场中,框架的电阻非均匀分布.将质量m=0.1kg,电阻可忽略的金属棒ab放置在框架上,并与框架接触良好.以P为坐标原点,PQ方向为x轴正方向建立坐标.金属棒从x0=1m处以v0=2m/s的初速度,沿x轴负方向做a=2m/s2的匀减速直线运动,运动中金属棒仅受安培力作用.求:
(1)金属棒ab运动0.5m,框架产生的焦耳热Q;
(2)框架中aNPb部分的电阻R随金属棒ab的位置x变化的函数关系;
(3)为求金属棒ab沿x轴负方向运动0.4s过程中通过ab的电量q,某同学解法为:先算出经过0.4s金属棒的运动距离s,以及0.4s时回路内的电阻R,然后代入q==
求解.指出该同学解法的错误之处,并用正确的方法解出结果.
正确答案
解:(1)通过受力分析得:
金属棒仅受安培力作用,其大小F=ma=0.2N,
金属棒运动0.5m,因为安培力做功量度外界的能量转化成电能
所以框架中间生的焦耳热等于克服安培力做的功,
所以Q=Fs=0.1J.
(2)金属棒所受安培力为F=BIL,
感应电流I==
,
F==ma,
由于棒做匀减速运动,根据运动学公式得:v=,
所以R==0.4
(Ω),
(3)错误之处是把0.4s时回路内的电阻R代入q=进行计算,而框架的电阻是非均匀分布的.
正确解法是:q=It,
因为安培力F=BIL=ma,
q==0.4C.
答:(1)金属棒ab运动0.5m,框架产生的焦耳热Q是0.1J;
(2)框架中aNPb部分的电阻R随金属棒ab的位置x变化的函数关系是R=0.4 (Ω);
(3)错误之处是把0.4s时回路内的电阻R代入q=进行计算,而框架的电阻是非均匀分布的.0.4s过程中通过ab的电量q是0.4C.
解析
解:(1)通过受力分析得:
金属棒仅受安培力作用,其大小F=ma=0.2N,
金属棒运动0.5m,因为安培力做功量度外界的能量转化成电能
所以框架中间生的焦耳热等于克服安培力做的功,
所以Q=Fs=0.1J.
(2)金属棒所受安培力为F=BIL,
感应电流I==
,
F==ma,
由于棒做匀减速运动,根据运动学公式得:v=,
所以R==0.4
(Ω),
(3)错误之处是把0.4s时回路内的电阻R代入q=进行计算,而框架的电阻是非均匀分布的.
正确解法是:q=It,
因为安培力F=BIL=ma,
q==0.4C.
答:(1)金属棒ab运动0.5m,框架产生的焦耳热Q是0.1J;
(2)框架中aNPb部分的电阻R随金属棒ab的位置x变化的函数关系是R=0.4 (Ω);
(3)错误之处是把0.4s时回路内的电阻R代入q=进行计算,而框架的电阻是非均匀分布的.0.4s过程中通过ab的电量q是0.4C.
如图(a)所示,长为L宽为h的矩形闭合线圈竖直固定在小车上,其中h=0.04m,线圈电阻R=1.6×10-5Ω,线圈与小车总质量m=1kg.它们在光滑水平面上,以v0=1.0m/s的初速度进入与线圈平面垂直、磁感应强度为B、宽度为d的水平有界匀强磁场,磁场方向垂直纸面向里,已知小车运动的速度ν随位移s变化的ν-s图象如图(b)所示.已知L<d,则d=______m,B=______T.
正确答案
0.25
0.2
解析
解:磁场宽度等于线圈进入磁场与在磁场中运动时的位移,由图b所示图象可知,线圈进入磁场时的位移为:s1=0.15-0.05=0.1m,
线圈完全在磁场中的位移为:s2=0.30-0.15=0.15m,
则磁场宽度为:d=s1+s2=0.1m+0.15m=0.25m;
由图b所示图象可知,线圈进入磁场前的速度为:v=1m/s,完全进入磁场时的速度为:v′=0.6m/s,线圈进入磁场时的位移为:s1=0.1m
设进入磁场的过程,线框的速度为v时加速度的大小为a.
由牛顿第二定律得:F=ma
又安培力大小为:F=BIh=Bh=
加速度大小为:a=
联立以三式得:•△t=m△v
两边求和得:(
•△t)=
(m△v)
又v△t=△s
则得:•s1=m(v0-v1)
代入得:×0.1=1×(1.0-0.6)
解得:B=0.2T
故答案为:0.25;0.2
如图甲所示,在绝缘水平面内有一固定的光滑金属导轨cd、eg,端点d、e之间连接一电阻R,金属杆ab静止在金属框架上,整个装置处于方向竖直向下的匀强磁场中.导轨及杆ab的电阻忽略不计.现对杆ab施加一沿dc方向的外力F,使杆ab中的电流i随时间t的图象如图乙所示.运动中杆ab始终垂直于导轨且接触良好.下列关于外力F、杆ab受到的安培力功率大小P随时间t变化的图象,不可能正确的是( )
正确答案
解析
解:AB、杆ab切割磁感线产生的感应电动势e=BLυ,感应电流 i=,由乙图得 i=kt,解得杆ab的速率υ=
t,
可见杆ab的加速度a=不变,对杆ab根据牛顿第二定律有F-BiL=ma,得F=BLkt+ma,故A、B均错误;
CD、杆ab受到的安培力功率大小P=BiL•υ=k2Rt2,故C正确,D错误.
本题选不可能正确的,故选:ABD.
如图所示,为两根平行放置的相距L=0.5m且足够长的固定金属直角导轨,一部分水平,另一部分竖直.质量均为m=0.5kg的金属细杆ab、cd始终与导轨垂直且接触良好,水平导轨与ab杆之间的动摩擦因数为μ,竖直导轨光滑.Ab与cd之间用一根足够长的绝缘细线跨过滑轮相连,每根杆的电阻均为R=1Ω,其他电阻不计.整个装置处于竖直向上的匀强磁场中.现用一平行于水平导轨的恒定拉力F作用于ab杆,使之从静止开始向右运动,ab杆最终将做匀速运动,且在运动过程中cd杆始终在竖直导轨上运动.当改变拉力F的大小时,ab杆相对应的匀速运动的速度v的大小也随之改变,F与v的关系图线如图乙所示.不计细线与滑轮之间的摩擦和空气阻力,g取10m/s2.求:
(1)ab杆与水平导轨之间的动摩擦因数μ和磁感应强度B各为多大?
(2)若ab杆在F=9N的恒力作用下从静止开始向右运动8m后达到匀速状态,则在这一过程中整个回路产生的焦耳热为多少?
正确答案
解:(1)设ab杆匀速运动时的速度为v,则回路中产生的感应电动势为:
E=BLv…①
回路中的感应电流为:I==
…②
ab杆所受到的安培力为:F安=BIL=…③
以T表示细线的拉力,对ab杆,由平衡条件得:
F=F安+T+μmg…④
对cd杆,有:T=mg…⑤
联立③④⑤解得:F=+(μ+1)mg…⑥
由图乙可知:当 F1=9N时,v1=4m/s;当F2=11N时,v2=8m/s
代入⑥解得:μ=0.4,B=2T…⑦
(2)ab杆从静止开始向右运动直到匀速运动的过程中,设回路产生的焦耳热为Q,对ab、cd组成的系统,由能量守恒定律可得:
Fs=Q+μmgs+mgs+2×…⑧
解得:Q=8J
答:(1)杆与水平道轨之间的动摩擦因数μ和磁感应强度B各为0.4,2T.
(2)若ab杆在F=9N的恒力作用下从静止开始向右运动8m时达到匀速状态,则在这一过程中整个回路产生的焦耳热为8J.
解析
解:(1)设ab杆匀速运动时的速度为v,则回路中产生的感应电动势为:
E=BLv…①
回路中的感应电流为:I==
…②
ab杆所受到的安培力为:F安=BIL=…③
以T表示细线的拉力,对ab杆,由平衡条件得:
F=F安+T+μmg…④
对cd杆,有:T=mg…⑤
联立③④⑤解得:F=+(μ+1)mg…⑥
由图乙可知:当 F1=9N时,v1=4m/s;当F2=11N时,v2=8m/s
代入⑥解得:μ=0.4,B=2T…⑦
(2)ab杆从静止开始向右运动直到匀速运动的过程中,设回路产生的焦耳热为Q,对ab、cd组成的系统,由能量守恒定律可得:
Fs=Q+μmgs+mgs+2×…⑧
解得:Q=8J
答:(1)杆与水平道轨之间的动摩擦因数μ和磁感应强度B各为0.4,2T.
(2)若ab杆在F=9N的恒力作用下从静止开始向右运动8m时达到匀速状态,则在这一过程中整个回路产生的焦耳热为8J.
如图所示,一金属方框abcd从离磁场区域上方高h处自由下落,进入与线框平面垂直的匀强磁场中,在进入磁场的过程中,不可能发生的情况是( )
正确答案
解析
解:设线框cd边长为L,整个线框的电阻为R,进入磁场时速度为v,此时感应电动势为E=BLv
线框中的电流为I=
F受到向上的安培力为
F==
(1)如果F=mg,线框将匀速进入磁场;
(2)如果F<mg,线框将加速进入磁场,但随着速度的增大,F增大,加速度减小,因此进入磁场的过程是变加速运动,且a<g;
(3)如果F>mg,线框将减速进入磁场,但随着速度的减小,F减小,加速度的值将减小,因此也是变减速运动.
由此可见,其运动特点是由所处高度h决定(对于确定的线框),A、B、C三种情况均有可能,故A、B、C有可能.
线框进入磁场,才会受到向上的力,同时受到向上的力是因为有电流,由于克服安培力做功,有一部分机械能转化为电能,所以机械能不守恒.所以线框不可能反跳回原处.故D不可能.
本题选不可能的,故选D.
在倾角为θ的斜面上固定两根足够长的光滑平行金属导轨PQ、MN,相距为L,导轨处于磁感应强度为B的匀强磁场中,磁场方向垂直导轨平面向下.有两根质量均为m的金属棒a、b,先将a 棒垂直导轨放置,用跨过光滑定滑轮的细线与物块c 连接,连接a棒的细线平行于导轨,由静止释放c,此后某时刻,将b也垂直导轨放置,a、c此刻起做匀速运动,b棒刚好能静止在导轨上.a棒在运动过程中始终与导轨垂直,两棒与导轨接触良好,导轨电阻不计.则( )
正确答案
解析
解:A、因为ac匀速运动,b静止,故对abc的整体,mcg=2mgsinθ,即:mc=2msinθ,选项A正确;
B、b棒放上导轨前,对ac系统机械能守恒,故物块c减少的重力势能等于a、c增加的动能与a增加的重力势能之和,选项B错误;
C、b棒放上导轨后,物块c减少的重力势能等于回路消耗的电能与a增加的重力势能之和,选项C正确;
D、b棒放上导轨后,对a棒:BIL+mgsinθ=mcg,即,选项D正确.
故选:ACD.
如图所示,一带电小球质量为m,用丝线悬挂于O点,并在竖直平面内摆动,最大摆角为60°,水平磁场垂直于小球摆动的平面,当小球自左方摆到最低点时,悬线上的张力恰为零,则小球自右方摆到最低点时悬线上的张力为( )
正确答案
解析
解:设线的长度为L,小球经过最低点时速率为v.
根据机械能守恒定律得:mgL(1-cos60°)=,得到v=
当小球自左方摆到最低点时,有:qvB-mg=m ①
当小球自右方摆到最低点时,有:F-mg-qvB=m ②
由①+②得:F=2mg+2m=4mg.
故选C
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