热门试卷

解：安培力的计算：当I⊥B时，F=BIL，当I与B不垂直时，F=BILsinθ，θ为I与B的夹角，题目中属于I与B垂直的情况，所以F=BIL．

故选：C．

解：A、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向垂直斜面向上，则沿斜面向上的安培力、支持力与重力，处于平衡状态，则大小B═mg；故A正确；

B、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向垂直斜面向下，则沿斜面向下的安培力、支持力与重力，所以棒不可能处于平衡状态，故B错误；

C、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向竖直向下，则水平向左的安培力、支持力与重力，所以棒不可能处于平衡状态；故C错误；

D、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向竖直向上，则水平向右的安培力、支持力与重力，处于平衡状态，则大小B=mg，故D正确；

故选：AD．

解：设圆环的半径为r，则圆环的质量m环=2πrm，

磁场的水平分量为Bsin30°，环受到的安培力为：F=Bsin30°×I×2r×2=4BIrsin30°，

由于环所受向上的安培力等于环的重力，则有：2πrmg=4BIrsin30°，

代入数据解得：I≈0.2A；

故选：D

解：以导体棒AC为研究对象，分析受力，如图．

其中，安培力大小FA=BIl，根据平衡条件得：

G+FAcosθ=N…①

f=FAsinθ…②

由①得：N=G+FAcosθ=mg+BIlcosθ

由②得：f=BIlsinθ    

由牛顿第三定律得，导轨受到AC棒的压力和摩擦力各为：

N=mg+BIlcosθ和f=BIlsinθ．所以选项AC正确，选项BD错误．

故选：AC

解：由题知，当电流改为反方向时（大小不变），右边再加质量为m的砝码后，天平重新平衡，说明电流反向后，线框所受的安培力方向由原来的向下变成向上，即开始线圈所受安培力的方向向下，根据安培定则判断可知，B的方向垂直纸面向里．

开始线圈所受安培力的方向向向下，电流方向相反，则安培力方向反向，变为竖直向上，相当于右边少了两倍的安培力大小，所以右边应加砝码，根据天平平衡有：

mg=2NBIL，

所以B=．故B正确，ACD错误．

故选：B．

解：根据同向电流相互吸引、异向电流相互排斥，则知，MN对AD的安培力向右，对BC的安培力向右，因此线圈所受的安培力合力方向向右，则线圈将向右运动．故B正确．

故选B

解：开关S由1掷到2，电容器放电后会在电路中产生电流．

导体棒通有电流后会受到安培力的作用，会产生加速度而加速运动．

导体棒切割磁感线，速度增大，感应电动势E=Blv，即增大，

则实际电流减小，安培力F=BIL，即减小，加速度a=，即减小．

因导轨光滑，所以在有电流通过棒的过程中，棒是一直加速运动（变加速）．

由于通过棒的电流是按指数递减的，那么棒受到的安培力也是按指数递减的，由牛顿第二定律知，它的加速度是按指数递减的，故D正确．

由于电容器放电产生电流使得导体棒受安培力运动，而导体棒运动产生感应电动势会给电容器充电．当充电和放电达到一种平衡时，导体棒做匀速运动．C正确；

当棒匀速运动后，棒因切割磁感线有电动势，所以电容器两端的电压能稳定在某个不为0的数值，即电容器的电量应稳定在某个不为0的数值（不会减少到0），故A错误．这时电容器的电压等于棒的电动势数值，棒中无电流．故B错误；

故选：CD．

解：A、根据左手定则可知，安培力方向与磁场和电流组成的平面垂直，即与电流和磁场方向都垂直，故A正确，D错误；

B、通电直导线与磁场平行时，一定不受到安培力的作用，故B错误；

C、磁场与电流不垂直时，安培力的大小为F=BILsinθ，则安培力的大小与通电导线和磁场方向的夹角有关，故C错误

故选：A

解：AB、根据左手定则可知，安培力方向与磁场和电流组成的平面垂直，即与直导线和磁场方向一定垂直，故A、B正确；

C、当磁场与电流不垂直时，安培力的大小为F=BILsinθ，则安培力的大小与通电导线和磁场方向的夹角有关，故C正确；

D、当电流方向与磁场的方向平行，所受安培力为0，将直导线从中折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半；将直导线在垂直于磁场的方向的平面内从中折成直角，安培力的大小一定变为原来的，故D错误．

本题选不一定正确的，故选：D．