热门试卷

解：如图，设正方形边长为L，离开电场时竖直方向速度vy

（1）a→e 粒子做类平抛运动

   沿v0方向：

   沿E方向：

解得：vy=4v0

离开电场时速度大小

（2）a到e对该带电粒子用动能定理：

电场力做功：

答：

（1）该带电粒子从e孔射出时的速度大小是．

（2）该过程中电场力对该带电粒子做的功是8m．

解：（1）在电场中加速

解得v0=4m/s=4m/s

粒子从A点进入电场到离开该电场区域所经历的时间 t==s=0.01s

在偏转电场中做类平抛运动：=0.015m＜h，

所以粒子将从MN一侧离开电场 =3m/s

离开时的速度为：=5m/s．

（2）设电子离开电场后经过时间t′到达x轴，在x轴方向上的位移为x′，则：

 x′=v0t′

 y′=h-y=h-t=vyt′

 l=d+x′

解得：l=8cm

答：

（1）带电粒子从A点进入电场到离开该电场区域所经历的时间t为0.01s，离开电场区域时的速率v为5m/s；

（2）带电粒子经过x轴时离坐标原点O的距离l为8cm．

解：（1）粒子刚进入平行板时，两极板不带电，粒子做的是平抛运动，则有：

水平方向有：

竖直方向有：

解得 v0==10m/s     

（2）由于带电粒子的水平位移增加，在板间的运动时间变大，而竖直方向位移不变，所以在竖直方向的加速度减小，所以电场力方向向上，又因为是正电荷，所以上极板与电源的负极相连，

当所加电压为U时，微粒恰好从下板的右边缘射出，则有：

根据牛顿第二定律得：a=

解得：U=120V

答：（1）微粒入射速度v0为10m/s；

（2）为使微粒能恰好从平行板电容器的下极板的右边射出电场，电容器的上板应与电源的负极相连，所加的电压U应为120V．