- 全球性生态环境问题
- 共219题
为测定水质富营养化程度，应选择测定的项目是（ ）
正确答案
解析
解：由水体富营养化概念可知，水体富营养化是由于水体中氮、磷等营养物质富集引起的，因此为测定水质富营养化程度，应选择测定N、P．
故选：C．
产生水华的非生物因素是______．
正确答案
P、N、K等无机盐离子富集
解析
解：水华的产生是水体富营养化，主要非生物因素是过量的P、N、K等无机盐离子富集．
故答案为：P、N、K等无机盐离子富集．
铜绿微囊藻是形成水华的主要蓝藻之一，请回答下列相关问题．
（1）水华时水体中的藻类爆发，其主要成因是水体中的______．
（2）铜绿微囊藻的新陈代谢类型是______．在调查水华时铜绿微囊藻的密度时，可取样后用______（2mm×2mm方格）、盖玻片进行制片，在显微镜下对铜绿微囊藻进行计数．
（3）实验中获得了“不同Fe3+浓度下铜绿微囊藻光合作用对光照强度变化的响应曲线参数”如下表，请根据数据作答：
①当Fe3+浓度升高时，铜绿微囊藻对光能的利用效率将______．
②铜绿微囊藻在补偿光强下，当Fe3+浓度为______nmol/L时，光合速率最大．
③当Fe3+浓度为10000nmol/L时，如果光强为Ik，则铜绿微囊藻的净光合速率为______μmol/mg•h，此时限制铜绿微囊藻光合作用速率增加的主要外界条件有______
______等．
（4）在水域生态工程建设中，需要将“自然-社会-经济”作为复合系统进行考虑，这体现了生态工程的______原理．
正确答案
解：（1）水华形成的主要原因是水体富营养化，即水体中的N、P、K等无机盐离子过多．
（2）铜绿微囊藻是一种蓝藻，能进行光合作用合成有机物，其新陈代谢类型是自养需氧型．铜绿微囊藻是单细胞生物，可采用抽样检测法调查其种群密度．因此在调查水华时铜绿微囊藻的密度时，可取样后用血细胞计数板（2mm×2mm方格）、盖玻片进行制片，在显微镜下对铜绿微囊藻进行计数．
（3）①由表格可知，随着Fe3+浓度升高，铜绿微囊藻的Pm（最大光合速率）逐渐增大．由此可见，当Fe3+浓度升高时，铜绿微囊藻对光能的利用效率将提高．
②在补偿光强下，铜绿微囊藻的光合速率与呼吸速率相等，Fe3+浓度为0、1000nmol/L、10000nmol/L时，光合速率依次为当Fe3+浓度为15.5μmol/mg•h、16μmol/mg•h、15.8μmol/mg•h，因此当Fe3+浓度为1000nmol/L时，光合速率最大．
③当Fe3+浓度为10000nmol/L、光强为Ik时，铜绿微囊藻的真光合速率为170.4μmol/mg•h，呼吸速率为15.8μmol/mg•h，则铜绿微囊藻的净光合速率=真光合速率-呼吸速率=170.4-15.8=154.6μmol/mg•h．此时已经达到光饱和点，因此限制铜绿微囊藻光合作用速率增加的主要外界条件有CO2浓度、温度等．
（4）在水域生态工程建设中，需要将“自然-社会-经济”作为复合系统进行考虑，这体现了生态工程的整体性原理．
故答案为：
（1）N、P、K等无机盐离子过多（或：富营养化）
（2）自养需氧型 血细胞计数板
（3）①提高 ②1000 ③154.6 CO2浓度、温度
（4）整体性
解析
解：（1）水华形成的主要原因是水体富营养化，即水体中的N、P、K等无机盐离子过多．
（2）铜绿微囊藻是一种蓝藻，能进行光合作用合成有机物，其新陈代谢类型是自养需氧型．铜绿微囊藻是单细胞生物，可采用抽样检测法调查其种群密度．因此在调查水华时铜绿微囊藻的密度时，可取样后用血细胞计数板（2mm×2mm方格）、盖玻片进行制片，在显微镜下对铜绿微囊藻进行计数．
（3）①由表格可知，随着Fe3+浓度升高，铜绿微囊藻的Pm（最大光合速率）逐渐增大．由此可见，当Fe3+浓度升高时，铜绿微囊藻对光能的利用效率将提高．
②在补偿光强下，铜绿微囊藻的光合速率与呼吸速率相等，Fe3+浓度为0、1000nmol/L、10000nmol/L时，光合速率依次为当Fe3+浓度为15.5μmol/mg•h、16μmol/mg•h、15.8μmol/mg•h，因此当Fe3+浓度为1000nmol/L时，光合速率最大．
③当Fe3+浓度为10000nmol/L、光强为Ik时，铜绿微囊藻的真光合速率为170.4μmol/mg•h，呼吸速率为15.8μmol/mg•h，则铜绿微囊藻的净光合速率=真光合速率-呼吸速率=170.4-15.8=154.6μmol/mg•h．此时已经达到光饱和点，因此限制铜绿微囊藻光合作用速率增加的主要外界条件有CO2浓度、温度等．
（4）在水域生态工程建设中，需要将“自然-社会-经济”作为复合系统进行考虑，这体现了生态工程的整体性原理．
故答案为：
（1）N、P、K等无机盐离子过多（或：富营养化）
（2）自养需氧型 血细胞计数板
（3）①提高 ②1000 ③154.6 CO2浓度、温度
（4）整体性
1988年，某城市因食用被污染的毛蚓而引起甲型肝炎流行，至今还禁止贩卖、食用这种水产品．这种环境污染类型指的是（ ）
正确答案
解析
解：引起甲型肝炎的病原体是甲肝病毒，长期寄生在毛蚓体内，导致毛蚓不能再被人食用，因而这种污染类型是微生物污染．
故选：D．
科学研究已证实某类有机污染物对水生软体动物雌性个体有致畸作用，畸变雌性体内出现雄性生殖器官．近期某水域被该类有机物X污染，为了解此有机物对水生软体动物是否有致畸作用，生物兴趣小组同学提出开展探究活动．请利用中学生物实验室常用器材以及下列实验材料和用具，设计实验并预测实验结果．
实验材料和用具：采自未受污染水域、体重相近、性成熟的水生螺（A螺）（300只），解剖镜，有机污染物X溶液，养殖池，正常A螺雌、雄性器官解剖图谱等．
提示：给药剂量、具体仪器操作不作要求，室温恒定，养殖时间30天；A螺为雌雄异体，性别特征可在解剖镜下鉴定．
（1）拟定课题名称：______
（2）设计实验步骤：______
（3）预测实验结果：______．
正确答案
解：（1）根据为了解此有机物对水生软体动物是否有致畸作用的实验目的，可推知实验名称：有机物X对A螺雌体的致畸作用．
（2）实验操作步骤思路具体是：首先分组编号；之后对不同组进行不同处理；最后观察实验现象，得出结论．即：
1、随机取A螺数只解剖，对照解剖图谱，识别雌、雄生殖器官特征；
2、将A螺随机分为对照组和实验组，每组100只（至少30只）；
3、向实验组养殖池中加入一定体积的有机污染物X溶液，对照组加入等体积的蒸馏水，饲养和其他条件均相同；
4、养殖30天后，将各养殖池中A螺的解剖镜下解剖观察并与标准图谱对照，记录性畸变雌螺数量；
5、计算雌雄个体性畸变百分率．
（3）结果预测，根据实验变量对A螺的影响，可预测：
1．对照组雌性和雄性螺类生殖器官正常；
2．实验组雌性个体出现性畸变．
故答案为：
实验名称：有机物X对A螺雌体的致畸作用
实验步骤：
1、随机取A螺数只解剖，对照解剖图谱，识别雌、雄生殖器官特征；
2、将A螺随机分为对照组和实验组，每组100只（至少30只）；
3、向实验组养殖池中加入一定体积的有机污染物X溶液，对照组加入等体积的蒸馏水，饲养和其他条件均相同；
4、养殖30天后，将各养殖池中A螺的解剖镜下解剖观察并与标准图谱对照，记录性畸变雌螺数量；
5、计算雌雄个体性畸变百分率．
结果预测：
1．对照组雌性和雄性螺类生殖器官正常
2．实验组雌性个体出现性畸变
解析
解：（1）根据为了解此有机物对水生软体动物是否有致畸作用的实验目的，可推知实验名称：有机物X对A螺雌体的致畸作用．
（2）实验操作步骤思路具体是：首先分组编号；之后对不同组进行不同处理；最后观察实验现象，得出结论．即：
1、随机取A螺数只解剖，对照解剖图谱，识别雌、雄生殖器官特征；
2、将A螺随机分为对照组和实验组，每组100只（至少30只）；
3、向实验组养殖池中加入一定体积的有机污染物X溶液，对照组加入等体积的蒸馏水，饲养和其他条件均相同；
4、养殖30天后，将各养殖池中A螺的解剖镜下解剖观察并与标准图谱对照，记录性畸变雌螺数量；
5、计算雌雄个体性畸变百分率．
（3）结果预测，根据实验变量对A螺的影响，可预测：
1．对照组雌性和雄性螺类生殖器官正常；
2．实验组雌性个体出现性畸变．
故答案为：
实验名称：有机物X对A螺雌体的致畸作用
实验步骤：
1、随机取A螺数只解剖，对照解剖图谱，识别雌、雄生殖器官特征；
2、将A螺随机分为对照组和实验组，每组100只（至少30只）；
3、向实验组养殖池中加入一定体积的有机污染物X溶液，对照组加入等体积的蒸馏水，饲养和其他条件均相同；
4、养殖30天后，将各养殖池中A螺的解剖镜下解剖观察并与标准图谱对照，记录性畸变雌螺数量；
5、计算雌雄个体性畸变百分率．
结果预测：
1．对照组雌性和雄性螺类生殖器官正常
2．实验组雌性个体出现性畸变
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