- 配制一定物质的量浓度的溶液
- 共1631题
有下列化学仪器：①托盘天平；②玻璃棒；③药匙；④烧杯；⑤量筒；⑥容量瓶；⑦胶头滴管；⑧细口试剂瓶；⑨标签纸．
（1）现需要配制500mL 1mol•L-1硫酸溶液，需用质量分数为98%、密度为1.84g•cm-3的浓硫酸______mL．
（2）从上述仪器中，按实验使用的先后顺序，其编号排列是______．
（3）若实验遇到下列情况，对硫酸溶液的物质的量浓度有何影响（填“偏高”、“偏低”或“不变”）．
①用以稀释硫酸的烧杯未洗涤，______．
②未经冷却趁热将溶液注入容量瓶中，______．
③摇匀后发现液面低于刻度线再加水，______．
④定容时观察液面俯视，______．
正确答案
解：（1）设需质量分数为98%、密度为1.84 g•cm-3的浓硫酸的体积为V，V×1.84 g•cm-3×98%=0.5 L×1 mol•L-1×98 g•mol-1，V≈27.2 mL．故答案为：27.2；
（2）配制顺序是：计算→量取→稀释、冷却→移液→定容→摇匀→装瓶→贴签，因此使用仪器的顺序为：⑤④②⑥⑦⑧⑨，故答案为：⑤④②⑥⑦⑧⑨；
（3）①用以稀释硫酸的烧杯未洗涤，造成溶质偏少，浓度偏少，故答案为：偏低；
②未经冷却趁热将溶液注入容量瓶中，一旦冷却下来溶液体积减小，浓度偏大，故答案为：偏高；
③摇匀后发现液面低于刻度线再加水，滞留在刻度线上的液体会下落，造成体积偏大，浓度偏小，故答案为：偏低；
④定容时观察液面俯视，造成体积偏小，浓度偏大，故答案为：偏高．
解析
解：（1）设需质量分数为98%、密度为1.84 g•cm-3的浓硫酸的体积为V，V×1.84 g•cm-3×98%=0.5 L×1 mol•L-1×98 g•mol-1，V≈27.2 mL．故答案为：27.2；
（2）配制顺序是：计算→量取→稀释、冷却→移液→定容→摇匀→装瓶→贴签，因此使用仪器的顺序为：⑤④②⑥⑦⑧⑨，故答案为：⑤④②⑥⑦⑧⑨；
（3）①用以稀释硫酸的烧杯未洗涤，造成溶质偏少，浓度偏少，故答案为：偏低；
②未经冷却趁热将溶液注入容量瓶中，一旦冷却下来溶液体积减小，浓度偏大，故答案为：偏高；
③摇匀后发现液面低于刻度线再加水，滞留在刻度线上的液体会下落，造成体积偏大，浓度偏小，故答案为：偏低；
④定容时观察液面俯视，造成体积偏小，浓度偏大，故答案为：偏高．
用NaCl固体配制一定物质的量浓度的NaCl溶液，下列操作中正确的是（ ）
正确答案
解析
解：A．称量时，砝码放在右盘，将固体NaCl直接放在天平左盘上，二者不能颠倒，否则称量的药品质量偏小，故A错误；
B．容量瓶只能用于配制溶液，不能用于溶解药品，溶解氯化钠固体应该在烧杯中进行，故B错误；
C．将称量好的固体NaCl放入烧杯中，加适量蒸馏水溶解，同时使用玻璃棒搅拌，以便加速溶解，故C正确；
D．定容时如果加水超过了刻度线，导致配制的溶液体积偏大，溶液浓度偏小；若用滴管直接吸出多余部分，导致配制的溶液中溶质的物质的量偏小，浓度偏小，正确处理方法是：倒掉重新配制，故D错误；
故选C．
用Na2CO3•10H2O晶体，配制0.2mol/L的Na2CO3溶液480mL．
（1）实验中用到的玻璃仪器有量筒、玻璃棒、烧杯，还缺少______、______；
（2）应用托盘天平称取Na2CO3•10H2O的晶体的质量为______；
（3）配制溶液时有以下几个操作：
①溶解 ②摇匀 ③洗涤 ④冷却 ⑤称量 ⑥转移溶液 ⑦定容
正确的操作顺序是______（填序号）．
（4）根据下列操作所配溶液的浓度偏高的有______．（填序号）
①碳酸钠失去了部分结晶水 ②用“左码右物”的称量方法称量晶体
③碳酸钠晶体不纯，其中混有氯化钠 ④称量碳酸钠晶体时所用砝码生锈
⑤容量瓶未经干燥就使用 ⑥定容时俯视刻度线
（5）取所配Na2CO3溶液200mL，向其中滴加足量的稀盐酸，产生的气体在标准状况下的体积为______L，将得到的气体全部通入足量的澄清石灰水，充分反应后，将沉淀过滤、洗涤、干燥，最后可得固体______g．
正确答案
500mL容量瓶
胶头滴管
28.6g
⑤①④⑥③⑦②
①④⑥
0.896
4.0
解析
解：（1）实验室没有480mL的容量瓶，配制时应该选用500mL的容量瓶，配制步骤有：计算、称量、溶解、移液、洗涤、定容、摇匀等操作，一般用托盘天平称量，用药匙取用药品，在烧杯中溶解，冷却后转移到500mL容量瓶中，并用玻璃棒引流，当加水至液面距离刻度线1～2cm时，改用胶头滴管滴加，所以需要的仪器为：托盘天平、药匙、烧杯、玻璃棒、500mL容量瓶、胶头滴管，所以还缺少500 mL容量瓶、胶头滴管，
故答案为：500mL容量瓶；胶头滴管；
（2）应用托盘天平称取Na2CO3•10H2O的晶体的质量为：m=nM=cVM=0.2mol/L×0.5L×286g/mol=28.6g，
故答案为：28.6g；
（3）配制步骤为：计算、称量、溶解、移液、洗涤、定容、摇匀等操作，所以正确的操作顺序为：⑤①④⑥③⑦②，
故答案为：⑤①④⑥③⑦②；
（4）①碳酸钠失去了部分结晶水，导致称量溶质的质量增大，所以溶质的物质的量偏大，配制溶液的浓度偏高，故①正确；
②用“左码右物”的称量方法称量晶体导致称量溶质的质量增小，所以溶质的物质的量偏小，配制溶液的浓度偏低，故②错误；
③碳酸钠晶体不纯，其中混有氯化钠，导致碳酸钠的物质的量偏小，配制溶液的浓度偏低，故③错误；
④称量碳酸钠晶体时所用砝码生锈，导致称量溶质的质量增大，所以溶质的物质的量偏大，配制溶液的浓度偏高，故④正确；
⑤容量瓶未经干燥就使用不影响溶质的物质的量，也不影响溶液的体积，所以对配制的溶液浓度无影响，故⑤错误；
⑥定容时俯视刻度线，导致加入的蒸馏水体积偏小，配制的溶液体积偏小，溶液的物质的量难度偏高，故⑥正确；
故答案为：①④⑥；
（5）取所配Na2CO3溶液200mL，浓度为0.2mol/L，则碳酸钠的物质的量为：0.2mol/L×0.2L=0.04mol，向其中滴加足量的稀盐酸，根据碳原子守恒，生成二氧化碳0.04mol，产生的二氧化碳气体在标准状况下的体积为：22.4L/mol×0.04mol=0.896L；二氧化碳与氢氧化钙反应生成碳酸钙，根据碳原子守恒，生成碳酸钙的物质的量为0.04mol，质量为：100g/mol×0.04mol=4.0g，
故答案为：0.896；4.0．
碘是人体不可缺乏的元素，为了防止碘缺乏，现在市场上流行一种加碘盐，就是在精盐中添加一定量的KIO3进去．某研究小组为了检测某加碘盐中是否含有碘，查阅了有关的资料，发现其检测原理是：KIO3+5KI+3H2SO4=3I2+3H2O+3K2SO4
（1）该反应氧化产物与还原产物质量比是______
（2）先取少量的加碘盐加蒸馏水溶解，然后加入稀硫酸和KI溶液，最后加入一定量的CCl4，振荡，这时候，观察到的现象是______；
（3）某学生在一次分液操作中发现上下层溶液都是无色液体，无法知道分液漏斗中的液体哪一层是有机层，哪一层是水层，请你用简单的方法帮他鉴别出来，写出有关步骤及判断______．
（4）在容量瓶的使用方法中，下列操作正确的是______
A．使用容量瓶前检验是否漏水
B．容量瓶用水洗净后，再用待配溶液洗涤
C．配制溶液时，若试样是液体，用量筒取样后用玻璃棒引流倒入容量瓶中，缓慢加水至刻度线1～2cm处，用胶头滴管加蒸馏水至刻度线．
D．盖好瓶塞，用食指顶住瓶塞，另一只手托住瓶底，把容量瓶反复倒转多次，摇匀．
（5）上面实验中用到一定物质的量浓度的稀硫酸，若配制0.5mol/L的硫酸溶液450mL，需用量筒量取质量分数为98%、密度为1.84g/cm3的浓硫酸的体积为______ mL，如果实验室有15mL、20mL、50mL量筒，应选用______ mL量筒最好．
（6）下面操作造成所配稀硫酸溶液浓度偏高的是______
A．溶解的时候溶液没有冷却到室温就转移
B．转移时没有洗涤烧杯、玻璃棒
C．向容量瓶加水定容时眼睛俯视液面 D．用量筒量取浓硫酸后洗涤量筒并把洗涤液转移到容量瓶
E．摇匀后发现液面低于刻度线，又加蒸馏水至刻度线．
正确答案
解：（1）氧化还原反应KIO3+5KI+3H2SO4═3K2SO4+3I2+3H2O中，I元素的化合价由+5价降低为0，I元素的化合价由-1价升高为0，化合价升高值=化合价降低值=转移电子数=5，电子转移情况如下：
（2）碘易溶于有机溶剂，在四氯化碳在的溶解度远大于在水中，加入四氯化碳萃取水中的碘，四氯化碳与水不互溶，溶液分成两层，四氯化碳的密度比水，有机层在下层，碘溶于四氯化碳呈紫红色，上层几乎无色，故答案为：溶液分成两层，上层无色，下层呈紫（红）色；
（3）从分液漏斗下口放出少量下层液体加入小试管中，加入少量水，若试管中液体分层，则证明下层是有机层；若不分层，则证明下层是水层，
故答案为：从分液漏斗下口放出少量下层液体加入小试管，再往试管中加入少量水，若试管中液体分层，则证明下层是有机层；若不分层，则证明下层是水层；
（4）A．使用容量瓶前检查其是否漏水，否则配制溶液的浓度有误差，故A正确；
B．容量瓶用蒸馏水洗净后，再用待配溶液洗涤，导致溶质的物质的量偏大，配制溶液的浓度偏高，故B错误；
C．容量瓶只能用于配制一定浓度的溶液，不能在容量瓶中溶解溶质，故C错误；
D．盖好瓶盖，用食指顶住瓶塞，用另一只手的手指托住瓶底，把容量瓶倒转和摇动多次，目的是摇匀溶液，故D正确；
故答案为：AD；
（5）设浓硫酸的体积为VmL，稀释前后溶质的质量不变，则：98%×1.84g/cm3V=0.5mol/L×0.50L×98g/mol，解得V=13.6mL，
为减小误差，应选用15mL的量筒，
故答案为：13.6；15；
（6）A．未冷却到室温就将溶液转移到容量瓶并定容，溶液冷却后体积偏小，配制的溶液浓度偏高，故A正确；
B．转移时没有洗涤烧杯、玻璃棒，导致配制的溶液中溶质的物质的量偏小，配制的溶液浓度偏低，故B错误；
C．定容时俯视刻度线，导致加入的蒸馏水体积偏小，配制的溶液体积偏小，溶液浓度偏高，故C正确；
D．洗涤量筒，溶质的物质的量偏大，配制的溶液浓度偏高，故D正确；
E．又加蒸馏水至刻度线，配制的溶液体积偏大，溶液浓度偏小，故E错误．
故答案为：ACD．
解析
解：（1）氧化还原反应KIO3+5KI+3H2SO4═3K2SO4+3I2+3H2O中，I元素的化合价由+5价降低为0，I元素的化合价由-1价升高为0，化合价升高值=化合价降低值=转移电子数=5，电子转移情况如下：
（2）碘易溶于有机溶剂，在四氯化碳在的溶解度远大于在水中，加入四氯化碳萃取水中的碘，四氯化碳与水不互溶，溶液分成两层，四氯化碳的密度比水，有机层在下层，碘溶于四氯化碳呈紫红色，上层几乎无色，故答案为：溶液分成两层，上层无色，下层呈紫（红）色；
（3）从分液漏斗下口放出少量下层液体加入小试管中，加入少量水，若试管中液体分层，则证明下层是有机层；若不分层，则证明下层是水层，
故答案为：从分液漏斗下口放出少量下层液体加入小试管，再往试管中加入少量水，若试管中液体分层，则证明下层是有机层；若不分层，则证明下层是水层；
（4）A．使用容量瓶前检查其是否漏水，否则配制溶液的浓度有误差，故A正确；
B．容量瓶用蒸馏水洗净后，再用待配溶液洗涤，导致溶质的物质的量偏大，配制溶液的浓度偏高，故B错误；
C．容量瓶只能用于配制一定浓度的溶液，不能在容量瓶中溶解溶质，故C错误；
D．盖好瓶盖，用食指顶住瓶塞，用另一只手的手指托住瓶底，把容量瓶倒转和摇动多次，目的是摇匀溶液，故D正确；
故答案为：AD；
（5）设浓硫酸的体积为VmL，稀释前后溶质的质量不变，则：98%×1.84g/cm3V=0.5mol/L×0.50L×98g/mol，解得V=13.6mL，
为减小误差，应选用15mL的量筒，
故答案为：13.6；15；
（6）A．未冷却到室温就将溶液转移到容量瓶并定容，溶液冷却后体积偏小，配制的溶液浓度偏高，故A正确；
B．转移时没有洗涤烧杯、玻璃棒，导致配制的溶液中溶质的物质的量偏小，配制的溶液浓度偏低，故B错误；
C．定容时俯视刻度线，导致加入的蒸馏水体积偏小，配制的溶液体积偏小，溶液浓度偏高，故C正确；
D．洗涤量筒，溶质的物质的量偏大，配制的溶液浓度偏高，故D正确；
E．又加蒸馏水至刻度线，配制的溶液体积偏大，溶液浓度偏小，故E错误．
故答案为：ACD．
下列溶液中溶质的物质的量浓度为1mol•L-1的是（ ）
正确答案
解析
解：A、C=
B、气体摩尔体积受温度和压强的影响，温度越高，气体摩尔体积越大，标况下，22.4LHCl的物质的量是1mol，常温常压下，22.4LHCl的物质的量小于1mol，所以常温常压下将22.4LHCl气体溶于水配成1L的盐酸溶液的物质的量浓度不是1mol/L，故B错误．
C、1L10mol/L的浓盐酸与9L水混合配成溶液的体积不是10L，所以混合后溶液的物质的量浓度不是1mol/L，故C错误．
D、溶液的物质的量浓度有均一性，与取出溶液的体积大小无关，故D正确．
故选D．
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