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题型: 单选题
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单选题

如图所示,光滑半球的半径为R,球心为O,固定在水平面上,其上方有一个光滑曲面轨道AB,高度为.轨道底端水平并与半球顶端相切.质量为m的小球由A点静止滑下.小球在水平面上的落点为C,则(  )

A小球将沿半球表面做一段圆周运动后抛至C点

B小球将从B点开始做平抛运动到达C点

COC之间的距离为2R

DOC之间的距离为R

正确答案

B

解析

解:AB、小球从A到B的过程中,根据机械能守恒可得:mg=mv2,解得v=

在B点,当重力恰好作为向心力时,由mg=m,解得v0=

所以当小球到达B点时,重力恰好作为向心力,所以小球将从B点开始做平抛运动到达C,故A错误,B正确.

CD、根据平抛运动的规律,

水平方向上:x=vt    

竖直方向上:R=gt2      

解得x=R,故CD错误.

故选:B

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题型:简答题
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简答题

如图所示,半径R=0.4m的竖直光滑半圆固定轨道与粗糙的水平面相切于A点,质量为m=1kg的小物体(可视为质点)在水平拉力F的作用下,从C点运动到A点,物体从A点进入半圆轨道的同时撤去外力F,物体沿半圆轨道通过最高点B后作平抛运动,正好落在C点,已知AC=2m,g取10m/s2,试求:

(1)在B点时半圆轨道对物体的弹力;

(2)若F=15N,则物体从C到A的过程中,摩擦力做的功.

(3)水平拉力至少做多少功才能使小物体到达B点.

正确答案

解:(1)物体离开B点做平抛运动,则有:

   2R= …①

   sAC=vBt …②

在B点:由牛顿第二定律得:NB+mg=m…③

代入数据解得:NB=52.5N …④

(2)C到B过程,由动能定理得:

  FsAC+Wf-mg•2R=-0…⑤

代入数据得:Wf=-9.5J…⑥

(3)小物体要到达最高点B时,至少应使≥mg

解得,vB2=2m/s…⑦

由C到B过程,由动能定理得:

  WF+Wf-mg•2R=-0…⑧

⑥⑦⑧联解得:WF≥19.5J…⑨

答:

(1)在B点时半圆轨道对物体的弹力是52.5N;

(2)若F=15N,则物体从C到A的过程中,摩擦力做的功是-9.5J.

(3)水平拉力至少做19.5J功才能使小物体到达B点.

解析

解:(1)物体离开B点做平抛运动,则有:

   2R= …①

   sAC=vBt …②

在B点:由牛顿第二定律得:NB+mg=m…③

代入数据解得:NB=52.5N …④

(2)C到B过程,由动能定理得:

  FsAC+Wf-mg•2R=-0…⑤

代入数据得:Wf=-9.5J…⑥

(3)小物体要到达最高点B时,至少应使≥mg

解得,vB2=2m/s…⑦

由C到B过程,由动能定理得:

  WF+Wf-mg•2R=-0…⑧

⑥⑦⑧联解得:WF≥19.5J…⑨

答:

(1)在B点时半圆轨道对物体的弹力是52.5N;

(2)若F=15N,则物体从C到A的过程中,摩擦力做的功是-9.5J.

(3)水平拉力至少做19.5J功才能使小物体到达B点.

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题型:简答题
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简答题

某游乐场中有一种叫“空中飞椅”的游乐设施,其基本装置是将绳子上端固定在转盘的边缘上,绳子下端连接座椅,人坐在座椅上随转盘旋转而在空中飞旋.若将人和座椅看成是一个可视为质点的小球,该物理情景可简化为如图所示的物理模型.其中P为处于水平面内的转盘,可绕竖直转轴OO′转动,设绳长L=10m,小球的质量 m=60kg,转盘静止时小球与转轴之间的距离d=4m.转盘逐渐加速转动,经过一段时间后小球与转盘一起做匀速圆周运动,此时绳子与竖直方向的夹角θ=37°(不计空气阻力、绳子的重力和绳子的形变量,已知sin37°=0.6,cos37°=0.8,g=10m/s2)求:

(1)小球与转盘一起做匀速圆周运动时,绳子的拉力及转盘的角速度;

(2)小球从静止到做匀速圆周运动的过程中,绳子的拉力对小球所做的功.

正确答案

解:(1)小球与转盘一起做匀速圆周运动时Tcosθ=mg①

Tsinθ=mω2R②

根据几何关系有R=d+Lsinθ④

由①②③④得T=750N

(2)小球从静止到做匀速圆周运动的过程中,绳子对小球做的功为W,根据动能定理

v=ω(d+Lsinθ)⑥

由③⑤⑥式代入数据解得W=2370J

答:(1)小球与转盘一起做匀速圆周运动时,绳子的拉力为750N,转盘的角速度为

(2)小球从静止到做匀速圆周运动的过程中,绳子的拉力对小球所做的功为2370J

解析

解:(1)小球与转盘一起做匀速圆周运动时Tcosθ=mg①

Tsinθ=mω2R②

根据几何关系有R=d+Lsinθ④

由①②③④得T=750N

(2)小球从静止到做匀速圆周运动的过程中,绳子对小球做的功为W,根据动能定理

v=ω(d+Lsinθ)⑥

由③⑤⑥式代入数据解得W=2370J

答:(1)小球与转盘一起做匀速圆周运动时,绳子的拉力为750N,转盘的角速度为

(2)小球从静止到做匀速圆周运动的过程中,绳子的拉力对小球所做的功为2370J

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题型:简答题
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简答题

如图所示,竖直平面内半径R=0.40m的圆周轨道下端与水平面相切,O为圆轨道的圆心,D点与圆心等高,B、C分别为半圆形轨道的最低点和最高点,圆轨道内壁光滑.小滑块(可视为质点)从A点以v0=6.0m/s的速度沿水平面向左滑动,接着滑块依次经过B、C、D三点,最后沿竖直方向下落到地面上的E点.已知滑块与水平面间的动摩擦因数μ=0.50,A、B两点间的距离L=1.2m.取重力加速度g=10m/s2

(1)求滑块运动到D点时的速度大小vD

(2)若让滑块从E点以初速度vE开始沿水平面向左滑动,滑块仍沿圆轨道运动直至最终竖直下落到E点,求初速度vE的最小值.(结果可保留根号)

正确答案

解:(1)对滑块从A点运动到D点过程,由动能定理有:

-μmgL-mgR=-  ①

代入数据解得:vD=4m/s

(2)若滑块沿圆轨道运动最终竖直下落到E点,则滑块必须通过最高点C,设滑块在C点

的最小速度为vC,有:

   mg=m   ②

对滑块从E点运动到C点过程,由动能定理有:

-μmgR-2mgR=-   ③

由②③式并代入数据可解得:vE=2m/s

答:

(1)滑块运动到D点时的速度大小vD是4m/s.

(2)初速度vE的最小值是2m/s.

解析

解:(1)对滑块从A点运动到D点过程,由动能定理有:

-μmgL-mgR=-  ①

代入数据解得:vD=4m/s

(2)若滑块沿圆轨道运动最终竖直下落到E点,则滑块必须通过最高点C,设滑块在C点

的最小速度为vC,有:

   mg=m   ②

对滑块从E点运动到C点过程,由动能定理有:

-μmgR-2mgR=-   ③

由②③式并代入数据可解得:vE=2m/s

答:

(1)滑块运动到D点时的速度大小vD是4m/s.

(2)初速度vE的最小值是2m/s.

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题型: 多选题
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多选题

图甲所示为索契冬奥会上为我国夺得首枚速滑金牌的张虹在1000m决赛中的精彩瞬间.现假设某速滑运动员某段时间内在直道上做直线运动的速度时间图象可简化为图乙,已知运动员(包括装备)总质量为60kg,在该段时间内收到的阻力恒为总重力的0.1倍,g=10m/s2,则下列说法正确的是(  )

A在1-3s内,运动员的加速度为0.5m/s2

B在1-3s内,运动员获得的动力是30N

C在0-5s内,运动员的平均速度是12.5m/s

D在0-5s内,运动员克服阻力做的功是3780J

正确答案

A,D

解析

解:A、在1-3s内加速度大小a=.故A正确.

B、根据牛顿第二定律得,F-f=ma,解得动力的大小F=0.1mg+ma=60+30N=90N.故B错误.

C、0-5s内的位移x=m=63m,则运动员的平均速度.故C错误.

D、0-5s内,运动员克服阻力做功Wf=fx=0.1mgx=60×63J=3780J.故D正确.

故选:AD.

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