- 感生电动势、动生电动势
- 共108题
7.如图所示,M、N为同一水平面内的两条平行长导轨,左端串接电阻R,金属杆ab垂直导轨放置,杆和导轨的电阻不计,且杆与导轨间无摩擦,整个装置处于竖直方向的匀强磁场中。现对金属杆ab施加一个与杆垂直的水平方向的恒力F,使杆从静止开始运动。在运动过程中,杆的速度大小为v,R上消耗的总能量为E,则下列关于v、E随时间变化的图象可能正确的是( )
正确答案
解析
导体棒在运动的过程中,F-F安=ma,F安=BIL,E=BLV,I=E/R随时间改变,V增大,I增大,F安增大,a减小,所以A正确,B错误。R上消耗的总能量为E=I2Rt,所以D正确,C错误。
考查方向
本题主要考查闭合线圈切割磁感线问题
解题思路
结合牛顿第二定律,以及闭合线圈切割磁感线相应规律求解
易错点
忽约了安培力的作用
知识点
17.如图24所示,PQ和MN是固定于水平面内间距L=1.0m的平行金属轨道,轨道足够长,其电阻可忽略不计。两相同的金属棒ab、cd放在轨道上,运动过程中始终与轨道垂直,且接触良好,它们与轨道形成闭合回路。已知每根金属棒的质量m=0.20kg,每根金属棒位于两轨道之间部分的电阻值R=1.0Ω;金属棒与轨道间的动摩擦因数μ=0.20,且与轨道间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。整个装置处在竖直向上、磁感应强度B=0.40T的匀强磁场中。取重力加速度g=10m/s2。
(1)在t=0时刻,用垂直于金属棒的水平力F向右拉金属棒cd,使其从静止开始沿轨道以a=5.0m/s2的加速度做匀加速直线运动,求金属棒cd运动多长时间金属棒ab开始运动;
(2)若用一个适当的水平外力F′向右拉金属棒cd,使其达到速度v1=20m/s沿轨道匀速运动时,金属棒ab也恰好以恒定速度沿轨道运动。求:
①金属棒ab沿轨道运动的速度大小;
②水平外力F′的功率。
正确答案
(1)1.0s;
(2)①15m/s;②16W。
解析
试题分析:(1)设金属棒cd运动t时间金属棒ab开始运动,
根据运动学公式可知:此时金属棒cd的速度
金属棒cd产生的电动势,通过金属棒的电流
金属棒ab所受安培力
金属棒ab开始运动时刻,
解得:t=1.0s
(2)①设金属棒cd以速度v1=20m/s沿轨道匀速运动时,金属棒ab沿轨道匀速运动的速度大小为v2。
此时通过ab、cd两金属棒的电流
金属棒ab所受安培力
解得:v2=15m/s
②以金属棒cd为研究对象,其所受水平外力F′、滑动摩擦力Ff以及安培力FA3三个力的合力为零。
即:;其中FA3=FA2
解得:水平外力F′的功率P=F′v1=16W
考查方向
解题思路
当用力拉动cd时,cd棒切割磁感线,电路中产生感应电流,电流通过ab棒,它受到安培力的作用,当安培力的大小等于摩擦力时,ab开始运动;当外力拉cd使之匀速运动时,如果ab也匀速运动,二者的速度大小是不同的,电路中有电流产生。
易错点
忽略反电动势
知识点
17.如图所示,“”型平行金属导轨,倾角
=370,导体棒MN、PQ分别与导轨垂直放置,质量分别为m1和m2,MN与导轨的动摩擦因数
,PQ与导轨无摩擦,设最大静摩擦力等于滑动摩擦力,装置整体置于方向垂直倾斜导轨平面向上的匀强磁场中,现将导体棒PQ由静止释放(设PQ离底端足够远)。
试分析m1与m2应该满足什么关系,才能使导体棒MN在导轨上运动。
正确答案
m1与m2应该满足m2>5m1/3时,才能使导体棒MN在导轨上运动
解析
释放PQ,PQ中产生由P指向Q的电流,对PQ进行受力分析如图1;
由题可知,只要PQ棒达到最大速度,即做匀速运动时MN棒开始滑动则满足要求匀速运动时对PQ棒:
F安=m2gsinθ ①
因两棒串联,所以两棒所受安培力大小相等,在MN棒刚滑动时,对MN棒进行受力分析如图2
则:F安cosθ-μ(m1g+F安sinθ)=0 ②
由②得:F安=m1g ③
使MN运动,则要满足:F安>m1g ④
即要使MN产生运动,则:m2gsinθ>m1g所以:m2>5m1/3
考查方向
本题主要考查导体切割磁感线时的感应电动势;共点力平衡的条件及其应用
解题思路
抓住棒PQ匀速运动,MN在导轨上运动,分别对PQ棒和MN棒分析,抓住MN棒安培力在水平方向上的分力小于最大静摩擦力,求出PQ棒与MN棒质量满足的条件
易错点
本题是复杂的电磁感应现象,是电磁感应与力学知识、电路的综合,能够正确地受力分析,抓住临界情况,结合共点力平衡进行求解
知识点
6.如图所示,ab、cd是固定在竖直平面内的足够长的金属框架。除bc段电阻为R,其余电阻均不计,ef是一条不计电阻的金属杆,杆两端与ab和cd接触良好且能无摩擦下滑,下滑时ef始终处于水平位置,整个装置处于垂直框面的匀强磁场中,ef从静止下滑,经过一段时间后闭合开关S,则在闭合S后,以下说法正确的是( )
正确答案
解析
答案有多项符合题目要求。全部选对的得6分,选对但不全对的得3分,有选错的得0分。
设导轨间距为l,则闭合开关后ef做切割磁感线运动的速度为v时产生的感应电动势大小为E=Blv,感应电流I的方向由右手定则可知为e→f,受到的安培力,方向竖直向上。对ef受力分析可得mg-F=ma,得到
,所以,若闭合开关时安培力小于重力,ef做加速度减小,速度增大的变加速运动;当闭合开关时安培力等于重力,则ef一直做匀速直线运动;而闭合开关时若安培力大于重力,则ef做加速度减小,速度减小的变速运动,最终达到安培力与重力平衡而匀速运动,至于ef的最大加速度则取决于闭合开关的时刻,有可能闭合开关时安培力的大小大于2mg而导致加速度大小大于g。
综上分析可知,金属杆ef下滑的过程中可能做的运动为变加速运动或者是匀速运动,而不会是加速度不变的匀变速运动,故A选项错误,B选项正确,然而ef杆最终的运动状态均为与重力平衡时的匀速运动,其速度、感应电流和感应电动势的大小都是相同的,故而匀速运动时电流的功率也是一样的,所以C选项错误。当ef所受安培力与重力相等时,由能量守恒定律可知,ef杆减少的重力势能会完全转化为电阻R的热量,而动能不变,故D选项正确。
考查方向
法拉第电磁感应定律与力学问题、能量问题的综合运用。
解题思路
由ef的运动得到感应电动势E,继而求出感应电流I,再根据牛顿运动定律得出加速度a,最后再根据能量守恒定律得出结论。
易错点
对“电源”ef受力分析不准确造成无法得到准确的运动情况和能量关系。
知识点
10.用一段横截面半径为r、电阻率为ρ、密度为d的均匀导体材料做成一个半径为R(rR)的圆环。圆环竖直向下落入如图所示的径向磁场中,圆环的圆心始终在N极的轴线上,圆环所在位置的磁感应强度大小均为B。圆环在加速下落过程中某一时刻的速度为v,忽略电感的影响,则
正确答案
解析
由右手定则可知选项A正确;由左手定则或楞次定律可知选项B错误;由牛顿第二定律得 ①,又
②,
③,由以上各式可得选项C错误;当圆环匀速下落时有最大速度,即
④,由式②③④可得,选项D正确。
考查方向
本题考察了右手定则、左手定则、楞次定律、牛顿第二定律和平衡条件。
解题思路
利用右手定则判断感应电流方向;利用左手定则或楞次定律来判断安培力方向;通过分析圆环的运动及受力情况,利用牛顿第二定律求解加速度;通过分析圆环的受力和运动情况,确定并求解最大速度。
易错点
因漏画重力而错选C
知识点
7.如图所示,铁芯上有两个线圈A和B.线圈A跟电源相连,LED(发光二极管,具有单向导电性)M和N并联后接线圈B两端.图中所有元件均正常,则( )
正确答案
解析
S闭合瞬间,A线圈中产生一个向上的磁场,导致线圈B中也产生同样方向的磁场,继而由互感产生感应电流,由楞次定律可知,闭合S瞬间,B中的感应电流方向由a流入,b流出,此时M亮,N不亮;S闭合电路稳定后,A、B线圈中的磁通量不变,将不会有感应电流产生;S断开瞬间产生一个与S闭合瞬间相反的感应电流,N亮,M不亮。所以A、B、C三个选项正确。
考查方向
解题思路
S闭合与断开的瞬间,A、B线圈中的磁通量发生改变,有感应电流产生,根据楞次定律分别判断闭合与断开瞬间感应电流的方向,结合发光二极管的单向导电性判断M、N的亮与不亮即可。
易错点
线圈在铁芯上的绕向看错导致电流方向判断错误,恒定电流稳定后不会产生磁通量的变化,进而不会产生持续的感应电流,只有在开关闭合和打开的瞬间才有感应电流产生。
知识点
16.如图所示,有两个相邻的有界匀强磁场区域,磁感应强度的大小均为B,磁场方向相反,且与纸面垂直,磁场区域在x轴方向宽度均为a,在y轴方向足够长。现有一高为a的正三角形导线框从图示位置开始向右沿x轴方向匀速穿过磁场区域.若以逆时针方向为电流的正方向,在选项图中,线框中感应电流i与线框移动的位移x的关系图象正确的是( )
正确答案
解析
线框从左向右匀速运动的过程中,若假设运动速率为v,则
①在线框未完全进入前(0,a)区间内:i==
,感应电流的大小是一个关于时间t的一次函数,根据楞次定律可以判定感应电流的方向为逆时针;
②线框完全进入至第二区域磁场前(a,2a)的过程中,i=,感应电流的大小依然增大,且大于①阶段大小,但是由楞次定律可知,电流方向相反;
③线框开始穿出磁场区域的过程,类比②可知,感应电流大小增大,方向为正方向,综上C正确。
考查方向
解题思路
由楞次定律判断感应电流方向,结合法拉第电磁感应定律判定感应电流大小。
易错点
忽略题目正方向规定
知识点
如图所示,宽L=2m、足够长的金属导轨MN和M′N′放在倾角为θ=30°的斜面上,在N和N′之间连接一个R=2.0Ω的定值电阻,在AA′处放置一根与导轨垂直、质量m=0.8kg、电阻r=2.0Ω的金属杆,杆和导轨间的动摩擦因数μ=,导轨电阻不计,导轨处于磁感应强度B=1.0T、方向垂直于导轨平面的匀强磁场中。用轻绳通过定滑轮将电动小车与杆的中点相连,滑轮与杆之间的连线平行于斜面,开始时小车位于滑轮正下方水平面上的P处(小车可视为质点),滑轮离小车的高度H=4.0m。启动电动小车,使之沿PS方向以v=5.0m/s的速度匀速前进,当杆滑到OO′位置时的加速度a=3.2m/s2,AA′与OO′之间的距离d=1m,求:
16.中,通过电阻R的电量q;
17.OO′时的速度大小;
18.杆在OO′时,轻绳的拉力大小;
19.上述过程中,若拉力对杆所做的功为13J,求电阻R上的平均电功率。
正确答案
(1) (4分)
解析
由法拉第电磁感应定律可知,平均感应电动势为: ,
代入数据,可得:.
考查方向
法拉第电磁感应定律;电量;
解题思路
由法拉第电磁感应定律求出感应电动势、由欧姆定律求出电流、由电流定义式的变形公式求出电荷量.
易错点
关键根据电量公式结合法拉第电磁感应定律解答.
教师点评
本题考查了法拉第电磁感应定律;电量,在近几年的各省高考题出现的频率较高,常与闭合电路欧姆定律等知识点交汇命题.
正确答案
3m/s (4分)
解析
根据题意由几何关系: 解得:
杆的速度等于小车速度沿绳方向的分量,由运动合成与分解的知识得:
考查方向
运动的合成和分解
解题思路
根据题意由几何关系求出当杆滑到OO'时轻绳与水平方向的夹角,根据速度合成与分解的知识解答.
易错点
关键是求出当杆滑到OO'时轻绳与水平方向的夹角.
教师点评
本题考查了运动的合成和分解,在近几年的各省高考题出现的频率较高,常与牛顿第二定律、动能定理等知识点交汇命题.
正确答案
12.56N(4分)
解析
杆在OO′时,杆受的摩擦力
杆受的安培力代入数据,可得
根据牛顿第二定律:
解得:
考查方向
牛顿第二定律
解题思路
杆在OO′时,对杆进行受力分析,根据牛顿第二定律解答.
易错点
关键是正确对杆进行受力分析,依牛顿第二定律列式.
教师点评
本题考查了牛顿第二定律,在近几年的各省高考题出现的频率较高,常与匀变速直线运动规律的综合运用等知识点交汇命题.
正确答案
2.0W (6分)
解析
根据动能定理:
解出,电路产生总的电热
那么,R上的电热
此过程所用的时间
R上的平均电功率
考查方向
功能关系;功率;
解题思路
根据能量转化关系求出电路上产生的总热量,根据电路连接进而求出电阻上产生的热量,根据功率公式求出电阻上的平均功率.
易错点
关键是求出总热量后根据串并联电路关系得出电阻R上的热量.
教师点评
本题考查了功能关系、功率,在近几年的各省高考题出现的频率较高,常与动能定理等知识点交汇命题.
图甲为一研究电磁感应的实验装置示意图,其中电流传感器(相当于一只理想的电流表)能将各时刻的电流数据实时通过数据采集器传输给计算机,经计算机处理后在屏幕上同步显示出I-t图像。足够长光滑金属轨道电阻不计,宽度为L=0.2m,倾角为 θ=300。轨道上端连接的定值电阻的阻值为R=0.9Ω,金属杆MN的电阻为r=0.1Ω,质量为m=1kg。在轨道区域加一垂直轨道平面向下、磁感强度为B=0.5T的匀强磁场,让金属杆在沿道平面向下、大小随时间变化的拉力F作用下由静止开始下滑,计算机显示出如图乙所示的I-t图像,(I0=0.2A,t0=1s)设杆在整个运动过程中与轨道垂直。试求:
14.金属杆的速度v随时间变化的关系式;
15.拉力F随时间变化的关系式;
16.金属杆从静止开始下滑t=2s时间,在定值电阻R上产生的焦耳热为Q=90J,则拉力做的功W是多少。
正确答案
(7分)
解析
由乙图可得电流为
对金属杆由法拉第电磁感应定律有
对闭合电路由欧姆定律有
解得:
考查方向
闭合电路欧姆定律;法拉第电磁感应定律
解题思路
由乙图得出电流I与t的关系式,由法拉第电磁感应定律表示出电动势,结合闭合电路欧姆定律求出金属杆的速度v随时间变化的关系式.
易错点
关键由计算机信息找到I与t的关系,结合法拉第电磁感应定律及闭合电路欧姆定律分析.
正确答案
F=0.5+0.2t (5分)
解析
金属杆的下滑运动是匀加速直线运动,其加速度为 a=2 m/s2,由安培力公式及牛顿第二定律有F + mgsinθ - BIL= ma,解得:F=0.5+0.2t
考查方向
牛顿第二定律
解题思路
以金属杆为研究对象,进行受力分析,根据牛顿第二定律列方程,找到F与t的关系.
易错点
关键对金属杆进行受力分析依牛顿第二定律列方程.
正确答案
700 J(6分)
解析
金属杆从静止开始下滑2s时间,下滑的距离为
此时的速度为 v=at= 4 m/s
这一过程中闭合电路消耗的电能(焦耳热)为
由能量守恒定律有
解得:W=700 J
考查方向
匀变速直线运动的公式;能量守恒定律
解题思路
由运动学公式求出从静止开始下滑2s时间的距离,由闭合电路欧姆定律结合能量守恒定律求出拉力做的功.
易错点
关键理解金属杆下滑过程中能量之间的转化.
16.如图所示,水平虚线MN的上方有一垂直纸面向里的匀强磁场,矩形导线框abcd从MN下方某处以V0的速度竖直上抛,向上运动高度H后垂直进入匀强磁场,此过程中导线框的ab边始终与边界MN平行。不计空气阻力,在导线框从抛出到速度减为零的过程中,以下四个图像中可能正确反映导线框的速度与时间的关系的是
正确答案
解析
线框进入磁场前做竖直上抛运动,是匀减速直线运动,其v-t图象是向下倾斜的直线;进入磁场后,产生感应电流,除重力外,还要受到向下的安培力,根据牛顿第二定律有:mg+FA=ma,其中FA=BIL,,
解得:,故进入磁场后做加速度减小的减速运动,故图线逐渐水平,故C正确,ABD错误;
考查方向
导体切割磁感线时的感应电动势; 通电直导线在磁场中受到的力——安培力; 牛顿第二定律
解题思路
线框进入磁场前做竖直上抛运动,是匀减速直线运动;进入磁场后,产生感应电流,除重力外,还要受到向下的安培力,根据牛顿第二定律列式求解出加速度的变化情况后,再分析v-t图象.
易错点
v-t图线的斜率表示加速度,关键对导体框进行受力分析,依据牛顿第二定律找出a的表达式分析.
知识点
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