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题型: 单选题
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单选题 · 6 分

7.如图所示,M、N为同一水平面内的两条平行长导轨,左端串接电阻R,金属杆ab垂直导轨放置,杆和导轨的电阻不计,且杆与导轨间无摩擦,整个装置处于竖直方向的匀强磁场中。现对金属杆ab施加一个与杆垂直的水平方向的恒力F,使杆从静止开始运动。在运动过程中,杆的速度大小为vR上消耗的总能量为E,则下列关于vE随时间变化的图象可能正确的是(  )

A

B

C

D

正确答案

A,D

解析

导体棒在运动的过程中,F-F=ma,F=BIL,E=BLV,I=E/R随时间改变,V增大,I增大,F增大,a减小,所以A正确,B错误。R上消耗的总能量为E=I2Rt,所以D正确,C错误。

考查方向

本题主要考查闭合线圈切割磁感线问题

解题思路

结合牛顿第二定律,以及闭合线圈切割磁感线相应规律求解

易错点

忽约了安培力的作用

知识点

功能关系感生电动势、动生电动势
1
题型:简答题
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简答题 · 10 分

17.如图24所示,PQMN是固定于水平面内间距L=1.0m的平行金属轨道,轨道足够长,其电阻可忽略不计。两相同的金属棒abcd放在轨道上,运动过程中始终与轨道垂直,且接触良好,它们与轨道形成闭合回路。已知每根金属棒的质量m=0.20kg,每根金属棒位于两轨道之间部分的电阻值R=1.0Ω;金属棒与轨道间的动摩擦因数μ=0.20,且与轨道间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。整个装置处在竖直向上、磁感应强度B=0.40T的匀强磁场中。取重力加速度g=10m/s2

(1)在t=0时刻,用垂直于金属棒的水平力F向右拉金属棒cd,使其从静止开始沿轨道以a=5.0m/s2的加速度做匀加速直线运动,求金属棒cd运动多长时间金属棒ab开始运动;

(2)若用一个适当的水平外力F′向右拉金属棒cd,使其达到速度v1=20m/s沿轨道匀速运动时,金属棒ab也恰好以恒定速度沿轨道运动。求:

①金属棒ab沿轨道运动的速度大小;

②水平外力F′的功率。

正确答案

(1)1.0s;

(2)①15m/s;②16W。

解析

试题分析:(1)设金属棒cd运动t时间金属棒ab开始运动,

根据运动学公式可知:此时金属棒cd的速度

金属棒cd产生的电动势,通过金属棒的电流

金属棒ab所受安培力

金属棒ab开始运动时刻,

解得:t=1.0s

(2)①设金属棒cd以速度v1=20m/s沿轨道匀速运动时,金属棒ab沿轨道匀速运动的速度大小为v2。

此时通过ab、cd两金属棒的电流

金属棒ab所受安培力

解得:v2=15m/s

②以金属棒cd为研究对象,其所受水平外力F′、滑动摩擦力Ff以及安培力FA3三个力的合力为零。

即:;其中FA3=FA2

解得:水平外力F′的功率P=F′v1=16W

考查方向

电磁感应,安培力做功。

解题思路

当用力拉动cd时,cd棒切割磁感线,电路中产生感应电流,电流通过ab棒,它受到安培力的作用,当安培力的大小等于摩擦力时,ab开始运动;当外力拉cd使之匀速运动时,如果ab也匀速运动,二者的速度大小是不同的,电路中有电流产生。

易错点

忽略反电动势

知识点

功率感生电动势、动生电动势
1
题型:简答题
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简答题 · 10 分

17.如图所示,“”型平行金属导轨,倾角=370,导体棒MN、PQ分别与导轨垂直放置,质量分别为m1和m2,MN与导轨的动摩擦因数,PQ与导轨无摩擦,设最大静摩擦力等于滑动摩擦力,装置整体置于方向垂直倾斜导轨平面向上的匀强磁场中,现将导体棒PQ由静止释放(设PQ离底端足够远)。

试分析m1与m2应该满足什么关系,才能使导体棒MN在导轨上运动。

正确答案

m1与m2应该满足m2>5m1/3时,才能使导体棒MN在导轨上运动

解析

释放PQ,PQ中产生由P指向Q的电流,对PQ进行受力分析如图1;

由题可知,只要PQ棒达到最大速度,即做匀速运动时MN棒开始滑动则满足要求匀速运动时对PQ棒:

F=m2gsinθ ①

因两棒串联,所以两棒所受安培力大小相等,在MN棒刚滑动时,对MN棒进行受力分析如图2 

则:Fcosθ-μ(m1g+Fsinθ)=0 ②

由②得:F=m1g ③

使MN运动,则要满足:F>m1g ④

即要使MN产生运动,则:m2gsinθ>m1g所以:m2>5m1/3

考查方向

本题主要考查导体切割磁感线时的感应电动势共点力平衡的条件及其应用

解题思路

抓住棒PQ匀速运动,MN在导轨上运动,分别对PQ棒和MN棒分析,抓住MN棒安培力在水平方向上的分力小于最大静摩擦力,求出PQ棒与MN棒质量满足的条件

易错点

本题是复杂的电磁感应现象,是电磁感应与力学知识、电路的综合,能够正确地受力分析,抓住临界情况,结合共点力平衡进行求解

知识点

牛顿第二定律闭合电路的欧姆定律感生电动势、动生电动势
1
题型: 多选题
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多选题 · 6 分

6.如图所示,ab、cd是固定在竖直平面内的足够长的金属框架。除bc段电阻为R,其余电阻均不计,ef是一条不计电阻的金属杆,杆两端与ab和cd接触良好且能无摩擦下滑,下滑时ef始终处于水平位置,整个装置处于垂直框面的匀强磁场中,ef从静止下滑,经过一段时间后闭合开关S,则在闭合S后,以下说法正确的是(    )

A金属杆ef加速下滑时,有可能做匀变速运动

B金属杆ef的加速度可能大于g

C闭合S的时刻不同,金属杆ef最终匀速运动时电流的功率也不同

D金属杆ef匀速下滑时,金属杆减少的重力势能等于电路消耗的电能

正确答案

B,D

解析

答案有多项符合题目要求。全部选对的得6分,选对但不全对的得3分,有选错的得0分。

设导轨间距为l,则闭合开关后ef做切割磁感线运动的速度为v时产生的感应电动势大小为E=Blv,感应电流I的方向由右手定则可知为ef,受到的安培力,方向竖直向上。对ef受力分析可得mg-F=ma,得到,所以,若闭合开关时安培力小于重力,ef做加速度减小,速度增大的变加速运动;当闭合开关时安培力等于重力,则ef一直做匀速直线运动;而闭合开关时若安培力大于重力,则ef做加速度减小,速度减小的变速运动,最终达到安培力与重力平衡而匀速运动,至于ef的最大加速度则取决于闭合开关的时刻,有可能闭合开关时安培力的大小大于2mg而导致加速度大小大于g

综上分析可知,金属杆ef下滑的过程中可能做的运动为变加速运动或者是匀速运动,而不会是加速度不变的匀变速运动,故A选项错误,B选项正确,然而ef杆最终的运动状态均为与重力平衡时的匀速运动,其速度、感应电流和感应电动势的大小都是相同的,故而匀速运动时电流的功率也是一样的,所以C选项错误。当ef所受安培力与重力相等时,由能量守恒定律可知,ef杆减少的重力势能会完全转化为电阻R的热量,而动能不变,故D选项正确。

考查方向

法拉第电磁感应定律与力学问题、能量问题的综合运用。

解题思路

ef的运动得到感应电动势E,继而求出感应电流I,再根据牛顿运动定律得出加速度a,最后再根据能量守恒定律得出结论。

易错点

对“电源”ef受力分析不准确造成无法得到准确的运动情况和能量关系。

知识点

牛顿第二定律通电直导线在磁场中受到的力感生电动势、动生电动势
1
题型: 多选题
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多选题 · 4 分

10.用一段横截面半径为r、电阻率为ρ、密度为d的均匀导体材料做成一个半径为R(rR)的圆环。圆环竖直向下落入如图所示的径向磁场中,圆环的圆心始终在N极的轴线上,圆环所在位置的磁感应强度大小均为B。圆环在加速下落过程中某一时刻的速度为v,忽略电感的影响,则

A此时在圆环中产生了(俯视)顺时针的感应电流

B圆环因受到了向下的安培力而加速下落

C此时圆环的加速度a=

D如果径向磁场足够长,则圆环的最大速度vm

正确答案

A,D

解析

由右手定则可知选项A正确;由左手定则或楞次定律可知选项B错误;由牛顿第二定律得 ①,又②,③,由以上各式可得选项C错误;当圆环匀速下落时有最大速度,即④,由式②③④可得,选项D正确。

考查方向

本题考察了右手定则、左手定则、楞次定律、牛顿第二定律和平衡条件。

解题思路

利用右手定则判断感应电流方向;利用左手定则或楞次定律来判断安培力方向;通过分析圆环的运动及受力情况,利用牛顿第二定律求解加速度;通过分析圆环的受力和运动情况,确定并求解最大速度。

易错点

因漏画重力而错选C

知识点

感生电动势、动生电动势楞次定律
1
题型: 多选题
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多选题 · 4 分

7.如图所示,铁芯上有两个线圈A和B.线圈A跟电源相连,LED(发光二极管,具有单向导电性)M和N并联后接线圈B两端.图中所有元件均正常,则(    )

AS闭合瞬间,A中有感应电动势

BS断开瞬间,A中有感应电动势

CS闭合瞬间,M亮一下,N不亮

DS断开瞬间,M和N二者均不亮

正确答案

A,B,C

解析

S闭合瞬间,A线圈中产生一个向上的磁场,导致线圈B中也产生同样方向的磁场,继而由互感产生感应电流,由楞次定律可知,闭合S瞬间,B中的感应电流方向由a流入,b流出,此时M亮,N不亮;S闭合电路稳定后,A、B线圈中的磁通量不变,将不会有感应电流产生;S断开瞬间产生一个与S闭合瞬间相反的感应电流,N亮,M不亮。所以A、B、C三个选项正确。

考查方向

本题主要考察感应电流的产生条件、自感现象和互感现象、楞次定律以及二极管的单向导电性。

解题思路

S闭合与断开的瞬间,A、B线圈中的磁通量发生改变,有感应电流产生,根据楞次定律分别判断闭合与断开瞬间感应电流的方向,结合发光二极管的单向导电性判断M、N的亮与不亮即可。

易错点

线圈在铁芯上的绕向看错导致电流方向判断错误,恒定电流稳定后不会产生磁通量的变化,进而不会产生持续的感应电流,只有在开关闭合和打开的瞬间才有感应电流产生。

知识点

感生电动势、动生电动势
1
题型: 单选题
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单选题 · 3 分

16.如图所示,有两个相邻的有界匀强磁场区域,磁感应强度的大小均为B,磁场方向相反,且与纸面垂直,磁场区域在x轴方向宽度均为a,在y轴方向足够长。现有一高为a的正三角形导线框从图示位置开始向右沿x轴方向匀速穿过磁场区域.若以逆时针方向为电流的正方向,在选项图中,线框中感应电流i与线框移动的位移x的关系图象正确的是(    )

A

B

C

D

正确答案

C

解析

线框从左向右匀速运动的过程中,若假设运动速率为v,则

①在线框未完全进入前(0,a)区间内:i==,感应电流的大小是一个关于时间t的一次函数,根据楞次定律可以判定感应电流的方向为逆时针;

②线框完全进入至第二区域磁场前(a,2a)的过程中,i=,感应电流的大小依然增大,且大于①阶段大小,但是由楞次定律可知,电流方向相反;

③线框开始穿出磁场区域的过程,类比②可知,感应电流大小增大,方向为正方向,综上C正确。

考查方向

楞次定律、法拉第电磁感应定律

解题思路

由楞次定律判断感应电流方向,结合法拉第电磁感应定律判定感应电流大小。

易错点

忽略题目正方向规定

知识点

感生电动势、动生电动势楞次定律
1
题型:简答题
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简答题 · 18 分

如图所示,宽L=2m、足够长的金属导轨MN和M′N′放在倾角为θ=30°的斜面上,在N和N′之间连接一个R=2.0Ω的定值电阻,在AA′处放置一根与导轨垂直、质量m=0.8kg、电阻r=2.0Ω的金属杆,杆和导轨间的动摩擦因数μ=,导轨电阻不计,导轨处于磁感应强度B=1.0T、方向垂直于导轨平面的匀强磁场中。用轻绳通过定滑轮将电动小车与杆的中点相连,滑轮与杆之间的连线平行于斜面,开始时小车位于滑轮正下方水平面上的P处(小车可视为质点),滑轮离小车的高度H=4.0m。启动电动小车,使之沿PS方向以v=5.0m/s的速度匀速前进,当杆滑到OO′位置时的加速度a=3.2m/s2,AA′与OO′之间的距离d=1m,求:

16.中,通过电阻R的电量q

17.OO′时的速度大小;

18.杆在OO′时,轻绳的拉力大小;

19.上述过程中,若拉力对杆所做的功为13J,求电阻R上的平均电功率。

第(1)小题正确答案及相关解析

正确答案

(1)       (4分)

解析

由法拉第电磁感应定律可知,平均感应电动势为:     ,       

代入数据,可得:.       

考查方向

法拉第电磁感应定律;电量;

解题思路

由法拉第电磁感应定律求出感应电动势、由欧姆定律求出电流、由电流定义式的变形公式求出电荷量.

易错点

关键根据电量公式结合法拉第电磁感应定律解答.

教师点评

本题考查了法拉第电磁感应定律;电量,在近几年的各省高考题出现的频率较高,常与闭合电路欧姆定律等知识点交汇命题.

第(2)小题正确答案及相关解析

正确答案

3m/s  (4分)

解析

根据题意由几何关系:    解得:  

杆的速度等于小车速度沿绳方向的分量,由运动合成与分解的知识得:     

考查方向

运动的合成和分解

解题思路

根据题意由几何关系求出当杆滑到OO'时轻绳与水平方向的夹角,根据速度合成与分解的知识解答.

易错点

关键是求出当杆滑到OO'时轻绳与水平方向的夹角.

教师点评

本题考查了运动的合成和分解,在近几年的各省高考题出现的频率较高,常与牛顿第二定律、动能定理等知识点交汇命题.

第(3)小题正确答案及相关解析

正确答案

12.56N(4分)

解析

杆在OO′时,杆受的摩擦力     

杆受的安培力代入数据,可得  

根据牛顿第二定律:    

解得:      

考查方向

牛顿第二定律

解题思路

杆在OO′时,对杆进行受力分析,根据牛顿第二定律解答.

易错点

关键是正确对杆进行受力分析,依牛顿第二定律列式.

教师点评

本题考查了牛顿第二定律,在近几年的各省高考题出现的频率较高,常与匀变速直线运动规律的综合运用等知识点交汇命题.

第(4)小题正确答案及相关解析

正确答案

2.0W (6分)

解析

根据动能定理:  

解出,电路产生总的电热

那么,R上的电热      

此过程所用的时间     

R上的平均电功率     

考查方向

功能关系;功率;

解题思路

根据能量转化关系求出电路上产生的总热量,根据电路连接进而求出电阻上产生的热量,根据功率公式求出电阻上的平均功率.

易错点

关键是求出总热量后根据串并联电路关系得出电阻R上的热量.

教师点评

本题考查了功能关系、功率,在近几年的各省高考题出现的频率较高,常与动能定理等知识点交汇命题.

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题型:简答题
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简答题 · 18 分

图甲为一研究电磁感应的实验装置示意图,其中电流传感器(相当于一只理想的电流表)能将各时刻的电流数据实时通过数据采集器传输给计算机,经计算机处理后在屏幕上同步显示出I-t图像。足够长光滑金属轨道电阻不计,宽度为L=0.2m,倾角为 θ=300。轨道上端连接的定值电阻的阻值为R=0.9Ω,金属杆MN的电阻为r=0.1Ω,质量为m=1kg。在轨道区域加一垂直轨道平面向下、磁感强度为B=0.5T的匀强磁场,让金属杆在沿道平面向下、大小随时间变化的拉力F作用下由静止开始下滑,计算机显示出如图乙所示的I-t图像,(I0=0.2A,t0=1s)设杆在整个运动过程中与轨道垂直。试求:

14.金属杆的速度v随时间变化的关系式;

15.拉力F随时间变化的关系式;

16.金属杆从静止开始下滑t=2s时间,在定值电阻R上产生的焦耳热为Q=90J,则拉力做的功W是多少。

第(1)小题正确答案及相关解析

正确答案

 (7分)

解析

由乙图可得电流为  

对金属杆由法拉第电磁感应定律有 

对闭合电路由欧姆定律有 

解得:

考查方向

闭合电路欧姆定律;法拉第电磁感应定律

解题思路

由乙图得出电流I与t的关系式,由法拉第电磁感应定律表示出电动势,结合闭合电路欧姆定律求出金属杆的速度v随时间变化的关系式.

易错点

关键由计算机信息找到I与t的关系,结合法拉第电磁感应定律及闭合电路欧姆定律分析.

第(2)小题正确答案及相关解析

正确答案

F=0.5+0.2t  (5分)

解析

金属杆的下滑运动是匀加速直线运动,其加速度为 a=2 m/s2,由安培力公式及牛顿第二定律有F + mgsinθ - BIL= ma,解得:F=0.5+0.2t 

考查方向

牛顿第二定律

解题思路

以金属杆为研究对象,进行受力分析,根据牛顿第二定律列方程,找到F与t的关系.

易错点

关键对金属杆进行受力分析依牛顿第二定律列方程.

第(3)小题正确答案及相关解析

正确答案

700 J(6分)

解析

金属杆从静止开始下滑2s时间,下滑的距离为

此时的速度为 v=at= 4 m/s

这一过程中闭合电路消耗的电能(焦耳热)为

由能量守恒定律有

解得:W=700 J

考查方向

匀变速直线运动的公式;能量守恒定律

解题思路

由运动学公式求出从静止开始下滑2s时间的距离,由闭合电路欧姆定律结合能量守恒定律求出拉力做的功.

易错点

关键理解金属杆下滑过程中能量之间的转化.

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题型: 单选题
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单选题 · 6 分

16.如图所示,水平虚线MN的上方有一垂直纸面向里的匀强磁场,矩形导线框abcd从MN下方某处以V0的速度竖直上抛,向上运动高度H后垂直进入匀强磁场,此过程中导线框的ab边始终与边界MN平行。不计空气阻力,在导线框从抛出到速度减为零的过程中,以下四个图像中可能正确反映导线框的速度与时间的关系的是

A

B

C

D

正确答案

C

解析

线框进入磁场前做竖直上抛运动,是匀减速直线运动,其v-t图象是向下倾斜的直线;进入磁场后,产生感应电流,除重力外,还要受到向下的安培力,根据牛顿第二定律有:mg+FA=ma,其中FA=BIL,‍,

解得:,故进入磁场后做加速度减小的减速运动,故图线逐渐水平,故C正确,ABD错误;

考查方向

导体切割磁感线时的感应电动势; 通电直导线在磁场中受到的力——安培力; 牛顿第二定律

解题思路

线框进入磁场前做竖直上抛运动,是匀减速直线运动;进入磁场后,产生感应电流,除重力外,还要受到向下的安培力,根据牛顿第二定律列式求解出加速度的变化情况后,再分析v-t图象.

易错点

v-t图线的斜率表示加速度,关键对导体框进行受力分析,依据牛顿第二定律找出a的表达式分析.

知识点

感生电动势、动生电动势电磁感应中的能量转化
下一知识点 : 楞次定律
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