热门试卷

解：规定向上为正方向，若10m/s的速度方向与初速度方向相同，则v=10m/s．

根据v=v0-gt得：t==s=1s．

若10m/s的速度与初速度方向相反，则v=-10m/s，可得 t==s=3s．

故选：AC

解：A、由于不同高度，相同的水平位移，因此抛出速度不可能相等，故A错误；

BD、平抛运动轨迹为抛物线，速度方向为该点的切线方向，分别从AB两点抛出的小球轨迹不同，在C点的切线方向也不同，所以落地时方向不可能相同，故B错误，D正确．

C、设水平位移OC为x，竖直位移BO为H，AO为h，则从A点抛出时的速度为，从B点抛出时的速度为，则

从A点抛出的小球落地时的速度为：，从B点抛出的小球落地时的速度为：，

令：=，解得，即当=4时，两者速度大小相等，故C错误；

故选：D．

解：

A、对b球，由动能定理可知，mgh=-，b落地时的速度v=，b球落地的速度仍为v0，两球落地时速度大小不相等，速度方向也不同，故速度不相同．故A错误；

B、b球落地时竖直方向的速度vy=，所以落地时b球的重力功率Pb=mgvy=mg，a球落地时重力的瞬时功率为：Pa=mgv0，不相等，重力的瞬时功率不相等，故B错误；

C、到达同一水平的高度后的任意时刻，ab两小球速度在竖直方向的分量不等，所以重力对球a做功功率和对球b做功功率也不相等，故C错误．

D、根据动能定理可知：从开始运动到两球到达同一水平高度，a球动能的减少量等于mg=，b动能的增加量等于mg=mgh．故D正确；

故选：D

解：竖直上抛运动的全部过程是匀变速直线运动；

由x=v0t+at2可知h=v0t+gt2；

即：25=30t+5t2

解得：t=1s或t=5s；

当物体向上经25m时，t=1s，速度：v=v0-gt=30-10×1=20m/s，

当物体向下返回25m时，t=5s，速度：v=v0-gt=30-10×5=-20m/s，

故选：ACD．

解：设小球刚刚离开气球时距地面的高度为H，取初速度的方向为正方向，则有：

-H=v0t-gt2

代入数据得：H=-v0t+gt2=-10×17+×10×172m=1275m

故选：A

解：A、竖直上抛运动是加速度为g的向上的匀减速运动，当向上运动时，速度和位移都与初速度方向相同；故A正确，B错误；

C、在下落至最抛出点过程中，位移的方向仍然向上，位移与初速度方向相同．故C错误；

D、在下落至最抛出点过程中，速度与初速度方向相反．故D错误．

故选：A

解：A、由v=gt可得，s，由运动的对称性可知，物体下降的时间也是4s，所以整个运动过程应为8s，故A错误；

B、根据速度的对称性可知，落地速度为40m/s，故B错误；

C、物体下落第1s的位移为m，根据初速度为零的匀加速直线运动的规律相等时间内的位移之比为1：3：5：7，所以第4s内的位移为5×7=35m，故C正确；

D、根据平均速度的定义式v=可知，由于总位移是0，所以平均速度为0，故D错误．

故选：C

解：A、B、小球从抛出至落回出发点的过程中位移是0，所以重力做功是0．故A错误，B正确；

C、D、上升过程：空气阻力对小球做功W1=-Fh；下落过程：空气阻力对小球做功W2=-Fh； 则从抛出到落回到抛出点的过程中，空气阻力对小球做的功为W=W1+W2=-2Fh．故C正确，D错误；

故选：BC

解：竖直上抛运动的全部过程是匀变速直线运动；

由x=v0t+at2可知h=v0t+gt2；

即：25=30t+5t2

解得：t=1s或t=5s；

当物体向上经25m时，t=1s；当物体向下返回25m时，t=5s；

故选：AC．

解：A、竖直上抛运动是初速度向上，只在重力作用下的运动，加速度为g，上升和下落过程具有对称性，所以将物体以一定初速度竖直向上抛出，且不计空气阻力，则物体运动为竖直上抛运动，故A正确；

B、竖直上抛运动是初速度向上，只在重力作用下的运动，加速度为g，上升和下落过程具有对称性，加速度与物体重力无关，物体重力虽大，但加速度是一样的，故B错误；

C、竖直上抛运动是初速度向上，只在重力作用下的运动，加速度为g，上升和下落过程具有对称性，所以C错误；

D、竖直上抛运动其速度的方向是改变的，但加速度大小与方向均没有变．故D错误；

故选：A