热门试卷

解：竖直上抛运动，竖直下抛运动，平抛运动（水平抛出的物体做），都只受重力作用，加速度都为重力加速度，故三者加速度相同，故②正确；

根据动能定理得，下降的高度相同，初动能相同，则落地时动能相等，可知速度大小相等，但是速度方向不同，故③错误，④正确；

平抛运动的时间与自由落体运动的时间相等，小于竖直下抛运动的时间，大于竖直上抛运动的时间，故①错误．

故选：D．

解：取竖直向上方向为正方向，当石块运动到抛出点上方离抛出点15m时，位移为x=15m，由x=v0t-代入得：15=20t-

解得：t1=1s，t2=3s

当石块运动到抛出点下方离抛出点15m时，位移为x=-15m，由x=v0t-代入得：

-15=20t-

解得：t1=（2+）s，t2=（2-）s（舍去）．故BC正确，AD错误．

故选：BC

解：A、a球做的是竖直上抛运动，b球是自由落体运动，它们的运动状态不同，不可能同时落地，故A错误．

B、从题目内容可看出，在处相遇，此时a球和b球的位移相同，时间相同，它们的加速度也相同，所以ab两个球的运动的过程恰好是相反的，把a球的运动反过来看的话，应该和b球的运动过程一样，所以在相遇时，a球的速度刚好为0，而b球的速度刚好为v0，所以B错误．

C、由于两球运动时机械能守恒，两球恰在处相遇，从开始运动到相遇，由动能定理可知，球a动能的减少量等于球b动能的增加量，选项C正确．

D、相遇后，ab两个球的速度的大小不同，而重力的大小是相同的，所以重力的功率不同，故D错误．

故选：C．

解：规定初速度的方向为正方向，若滑块的末速度与初速度方向相同，则t==

若滑块的末速度与初速度方向相反，则t==

故AD正确，BC错误

故选：AD

解：A、由v2=2gh可得，物体上升的最大高度h=，故A正确；

B、由v=gt可得，物体上升到最高处的时间t=，由对称性可知返回到抛出点的时间为2t=，故B正确；

C、由对称性可知，物体回到抛出点时的速度大小时仍为v0，故C正确；

D、物体由最高点落回到最大高度一半时的时间为t1=；物体上升的最大高度一半的时间t2=-，故D错误；

故选：ABC．

解：A、B、上升过程，阻力向下（取平均值），根据牛顿第二定律，有：mg+f=ma1；

下降过程，阻力向下（取平均值），根据牛顿第二定律，有：mg-f′=ma2；

故a1＞a2；

根据h=at2可知，t1＜t2；

故A错误，B错误；

C、大升过程，阻力向下，合力大于重力；

下降过程，阻力向大，合力小于重力；

故C错误；

D、由于运动的整个过程，重力做功为零，阻力做负功，故末动能小于初动能，故v0＞v，故D正确；

故选D．

解：由t总=，

解得v0==15m/s

全过程：由x=v0t-gt2；得：

前2s的位移为：x2=15×2-5×4=10m

故选：C

解：物体做竖直上抛运动，看成一种匀减速直线运动．

A、物体上升的最大高度为：h1===45m，上升的时间为：t1==3s．

从最高点开始2s内下落的高度为：h2==m=20m，所以5s内物体通过的路程为：S=h1+h2=65m．故A正确．

B、取竖直向上为正方向，则物体的加速度为a=-g，5s内物体的位移为：x=v0t-gt2=30×5-×10×52（m）=25m，方向竖直向上．故B正确．

C、速度改变量为：△v=at=-gt=-10×5m/s=-50m/s，大小为50m/s，方向竖直向下，故C错误．

D、平均速度为：==m/s=5m/s，方向竖直向上．故D错误

故选：AB

解：A、物体竖直向上做匀减速运动，只要速度没有减为零，就还要继续上升，所以上升到最大高度时，速度为零．上升的高度为：

m．故A正确

B、上升的过程与下降的过程与下降的过程中经历的运动是对称的，物体的路程s=2h=90m．故B错误；

C、根据速度时间关系得：△v=g△t=10×2m/s=20m/s．故C正确；

D、上升的过程的时间：s，上升过程中的平均速度大小为：m/s．故D正确．

故选：ACD

解：设人的质量为m，仪器显示的高度为h=0.45m，下降阶段时间为：

t===0.3s

下降阶段运动和上升阶段对称，其运动时间也为t，故在空中的时间为：

t总=2t=0.6s

故选：B

解：A在空中的时间为t1=；

B在空中的时间为t2=

∴t1-t2＜△t＜t1

故选C．