热门试卷

解：A：从抛出到最高点用时为：由v=v0-gt得：t=1.5s，根据上升和下落过程的对称性，所以下落时间也是1.5s，所以从抛出到回落到抛出点所用的时间为3s，故A正确．

B：上升的最大高度：由得：h=11.25m，故B正确；

C：前两秒内的位移：由得：x2=10m，所以第2s内的位移就等于前2s内的位移减去第1s内的位移：即10-10=0m，故C错误．

D：第1秒内的位移：由得：x=10m  故D错误．

故选：AB

解：A、上升过程：物体所受的空气阻力向下，与重力方向相同，合力大于重力，根据牛顿第二定律加速度大于g；

   下落过程：空气阻力向上与重力方向相反，所以物体加速度小于g，

   下落与上升两个过程的位移大小相等，根据运动学公式x=，由于上升的加速度大，可知，上升时间短于下落时间．故A错误

B、上升过程中的加速度大于g，所以上升的最大高度：．故B正确；

C、上升过程中到达最大高度一半时其重力势能：，继续上升的到达最高点的过程中：

所以：Ek＞EP．故C正确；

D、下降过程中到达最大高度一半时其动能：．故D错误．

故选：BC

解；A、7月29日22时时运动会开始的时刻，故A正确；

B、研究何姿在空中的动作时，人的大小形状不能忽略，故不能看作质点；故B错误；

C、在从起跳到手触及水面的过程中，何姿的重心通过的路程为3m+0.45×2m=3.9m；故C错误；

D、人在跳起的过程中，可将其视为竖直上抛的质点，则t==0.3s；故D正确；

故选AD．

解：物体上升过程：

mg+f=ma1

物体下降过程：

mg-f=ma2=m×（）

由以上两式解得

a1=

在最高点，只受重力，故加速度为g；

故选：A．

解：物体从抛出到最高点过程，是匀减速直线运动，加速度为-g，末速度为零，根据速度位移公式，有2gh=v2-0

所以得：；

2g•2H=v2-0

联立以上两个公式得：，故选项A正确．

故选：A

解；物体上升阶段空气阻力向下且逐渐减小，物体所受合力减小，加速度减小，到最高点时速度为零，加速度等于g，下降价段空气阻力向上，且逐渐增大，小球所受的空气阻力与小球速度的平方成正比，所以返回抛出点时阻力达到最大值，小球合力最小，加速度最小，a＜g，

故选：AC

解：物体做竖直上抛运动，在0.8s内的速度变化量△v=gt=10×0.8m/s=8m/s，由于初速度不为零，可知t=0.8s时刻速度的方向一定竖直向上，不可能竖直向下，物体处于抛出点的上方．故B错误，D错误．

可知初速度v0-gt=v，代入数据解得v0=16m/s，则上升到最高点的时间，则回到抛出点的时间t=2t1=2×1.6s=3.2s，故A正确，C错误．

故选：A．

解：A：根据功的公式=mgh可知，重力做功与路径无关，所以上升过程克服重力做的功与下落过程重力做的功相同，所以A正确；

B：根据重力做功与重力势能变化的关系可知B正确；

C、D：根据牛顿第二定律上升过程中加速度大小为=，下落过程中加速度大小为=，做出小球运动的速度时间图象如图所示，由图象可知若上升过程与下落过程的位移大小即“面积”相同时，应满足上升时间小于下落时间，再根据重力做功的平均功率公式=可知，上升过程中克服重力做功的平均功率大于下降过程中重力做功的平均功率，所以C、D错误；

故选：B．

解：悬线断开时物体上升到最高点的时间 t1==s=2s

最后2s的平均速度 ==s=50m/s；故最后2s内中间时刻的速度为 v=50m/s；

由v=gt2可得 t2==5s；

则物体从脱离绳到落地的总时间 t总=t1+t2+1=2+5+1=8s；

取竖直向上为正方向，悬线断开时物体距地面的高度为h，则

-h=v0t-gt2=20×8-×10×82=-160m

则h=160m

故选：C

解：A、根据竖直上抛的对称性可知，空中的四个球，有两个在上升，两个下降，由于每隔0.4s抛一个，因此从抛出到最高点时间为t=0.8s，故A正确；

B、C、上升最大高度：，故B错误，C正确；

D、当一个小球刚刚落到手中时，则空中此时有3个球，时间关系如图

过程1234所用时间均为0.4s，根据运动的对称性，可知中间2个球的高度相同，故D正确；

故选：ACD．

解：物体做竖直上抛运动，整个过程是匀变速直线运动，位移为零，加速度为-g，初速度为10m/s，根据位移时间关系公式，有

h=

代入数据，有：0=10t-

解得：t=0（舍去）或t=2s

故选：D．