热门试卷

解：

A：由竖直上抛公式v=v0-gt，到最高点时速度为零，带入数值可得v0为30m/s，故A正确

B：由可得h=45m，故B正确

C：由初速度为零的匀加速直线运动的位移推论可以知道在连续相等时间内其位移之比为1：3：5，上抛是初速度为零的匀加速直线运动的逆过程，所以其前三个一秒内的位移之比为5：3：1，因此平均速度之比为5：3：1，故C正确

D：由初速为零的匀加速直线运动中，第1秒内、第2秒内、第3秒内位移之比为1：3：5，可以知道，物体在1s内、2s内、3s内的位移之比为5：8：9，则其平均速度之比为5：4：3，故D错

故选A，B，C

解：在上升过程中物体的加速度为，设上升过程所用时间为t在时间他内上升的高度为h=

下降过程中加速度为，下降过程所需时间为3.5-t下降的高度h=，

落地时的速度为v=

联立解得v=15m/s

故选：D

解：A、B：判断上升阶段需要的时间，由：v=v0+at得：

0=40-10t，解得：t=4s

上升的最大高度：h==20×4=80m

下落1s下落的距离为：x==5m

所以5s内的路程为：h+x=85m，故A正确

5s内的位移为：h-x=80-5=75m，故B正确

C：竖直上抛运动是匀变速运动：△v=at=-gt，代入数据得：△v=-10×5=-50m/s，速度的改变量大小为50m/s，故C错误

D：=15m/s，故D错误

故选：AB

解：将一小球以v=10m/s的初速度竖直向上抛出，小球向上做初速度为10m/s，加速度为-g的匀减速直线运动，到达最高点的速度为0

由匀变速直线运动的速度与位移关系可得：0-v2=2（-g）h

解得：h=5m

即小球能上升的最大高度为5m

故选：A．

解：物体做竖直上抛运动，以向上为正，则物体的加速度为-g，做匀变速直线运动，根据匀变速直线运动的速度时间关系公式，有v=v0-gt；

速度大小变为10m/s，分两种情况讨论：

①当速度向上时，v=10m/s，故t===1s

②当速度向下时．v=-10m/s，故t=

故选BC．

解：取竖直向上方向为正方向，当石块运动到抛出点上方离抛出点45m时，位移为x=45m，

由x=v0t-gt2代入得：

45=30t-×10t2

（t-3）2=0

解得：t=3s

当石块运动到抛出点下方离抛出点15m时，位移为x=-45m，由x=v0t-gt2代入得：

-45=20t-×10t2

解得：t=7.2s（负值舍去）

故CD正确，AB错误．

故选：CD．

解：A、物体上升的最大高度为：h1==m=45m，上升的时间为：t1==3s；

从最高点开始2s内下落的高度为：h2=g=m=20m，所以5s内物体通过的路程为：S=h1+h2=45m+20m=65m．故A错误．

B、取竖直向上方向为正方向，则5s内物体的位移 x=v0t-gt2=（30×5-×10×52）m=25m＞0，方向竖直向上．故B错误．

C、速度改变量的大小△v=at=gt=10×5m/s=50m/s．故C错误．

D、平均速度==m/s=5m/s，方向竖直向上．故D正确．

故选：D

解：由v=gt可得，物体的速度减为零需要的时间t==s=3s，故5s时物体正在下落；

A、路程应等于向上的高度与后2s内下落的高度之和，由v2=2gh可得，h==45m，后两s下落的高度h‘=gt′2=20m，故总路程s=（45+20）m=65m；故A正确；

B、位移h=v0t-gt2=25m，位移在抛出点的上方，故B正确；

C、速度的改变量△v=gt=50m/s，方向向下，故C错误；

D、平均速度v===5m/s，故D错误；

故选AB．

解：A、上升到最高点，速度为零，由于合力不为零，则加速度不为零．故A错误．

B、竖直上抛运动整个过程中加速度不变，始终竖直向下，上升的过程和下降的过程对称，则抛出时的速度与返回原处时的速度大小相等，上升和下降的时间相等．故B、D正确，C错误．

故选：BD．