热门试卷

解：因为竖直上抛的物体只受重力，由牛顿第二定律得：mg=ma

所以运动的全过程是匀变速直线运动，即加速度一直保持重力加速度不变．即竖直上抛运动中，当物体到达最高时速度为零，加速度仍然为重力加速度g，

故选：B

解：A、在上升的过程中，做减速运动，速度越来越小，下降的过程中，做加速运动，速度越来越大，对全过程运用动能定理知，只有阻力做功，所以抛出时的速度大于返回时的速度，则刚抛出时的速度最大．故A正确．

B、在最高点，物体所受的合力不为零，所以加速度不为零．故B错误．

C、根据牛顿第二定律得，上升的加速度，下降的加速度，则a1＞a2，根据x=知，上升的时间小于下落时间．故C、D正确．

故选：ACD．

解：每个球的最大高度都是1.25m，根据h=gt2，解得：t==s=0.5s；

根据竖直上抛的对称性可知，当手刚接住一个球时，空中有3个球，一个球刚上升，有一个在上升，一个在下降，共3个时间间隔△t，故球在手中停留的时间是：△t==s

故选B．

解：A、设石子经过时间t后速度与气球相等，则t==s=1s，此时间内气球上升的位移为10×1m=10m，石子上升的位移为：20×1-×10×12=15m，由于石子距气球s0=6m，故追不上气球，故A错误

B、由A分析得，B正确

C、若气球速度等于9m/s，在石子在抛出后1s末，气球上升的位移为9×1m=9m，石子上升的位移为：20×1-×10×12=15m因为15-9m=6m，所以1s末石子恰好追上气球，故C正确；

 D、由C分析可知，D错误

故选BC

解：先判断先竖直上抛的小球到达最高点用的时间为：t═==2s，

所以另一小球抛出时，它恰好在最高点将要做自由落体运动．由竖直上抛运动的对称性可得，两球再经过1s后相遇．

故两球相碰处离出发点的高度为：h=v0t-gt2=20×1-×10×12=15m

故选：C

解：设小球刚刚离开气球时距地面的高度为H，取初速度的方向为正方向，则有：

-H=v0t-gt2

代入数据得：H=-v0t+gt2=-10×7+×10×72=175m

故选：B

解：A、速率是速度的大小，不可能为负值，故A错误；

B、C、D、设小球的质量为m，空气阻力大小为f，上升的加速度大小为a1，下落的加速度为a2，上升的最大高度为h，初速度大小（速率）为v0，末速度大小（速率）为v，根据牛顿第二定律，得：

上升：mg+f=ma1

下落：mg-f=ma2，

可见a1＞a2．则图象上升阶段的斜率大于下落阶段的斜率．

又因上升与下落高度相同，h=，h=a2（t2-t1）2

则t1＜t2-t1

对于上升过程初速度v0=，

下落过程末速度v=

则v＜v0

根据以上三点可知，C正确，BD错误．

故选：C．

解：C、D、取竖直向上为正方向，则绳子断开时重物的速度v0=10m/s，加速度a=-10m/s2，落地时重物体的位移x=-40m．

根据匀变速直线运动的速度位移关系有：

代入数据得：v=-30m/s（因为落地时速度方向竖直向下，故舍去v=30m/s）

故C错误，D正确；

A、B、根据速度时间关系v=v0+at得重物运动时间：

t===4s

故A正确，B错误；

故选：AD．

解：A、竖直上抛运动的上升过程物体做减速运动，下落过程做加速运动，加速度始终不变；故A错误；

B、物体上升到最高点时速度为零，加速度为g；故B错误；

C、由于合力不变，根据牛顿第二定律，上升过程的加速度等于下落过程的加速度，为g，故C正确；

D、物体以初速度v0抛出，落回抛出点时的速度与初速度相反，加速度相同，为g，故D错误；

故选：C．