热门试卷

（1）x-t图象的斜率等于物体的速度，由图可知AC段x-t图象是曲线，则图象的斜率是变化的，表明物体做加速运动，由于AC段x-t图象不是抛物线，表明AC段不是匀加速运动．

而DE段是斜向上直线，表明AC段物体做匀速直线运动．

故C正确．

故选C．           

（2）x-t图象的斜率等于物体运动的速度，而=，故时间越短，物体的平均速度越趋近于物体的瞬时速度，故在与AB、AC、AD对应的平均速度中，AB段的平均速度最接近小车在A点瞬时速度．

故答案为：AB．

答（1）C（2）AB

解；

（1）由图可知前3s位移为：15m-5m=10m

V平=m/s=3.34m/s                                       

（2）全程位移为：0m-5m=-5m

V平=m/s=-1m/s                                        

（3）最后1S位移为：0m-15m=-15m

V=m/s=-15m/s                                        

（4）由图象可知物体在第一秒内做匀速运动，

速度为v1==m/s=10m/s

2-4s内静止，最后一秒做反向匀速运动．

如图所示    

答：（1）前3s的平均速度为3.34m/s；

（2）全程的平均速度为-1m/s；

（3）最后1s的速度为-15m/s；

（4）如图所示．

（1）4～10 s内，a2=-2m/s2

根据牛顿第二定律得F合=ma2=-8N

      f=F合=-8N

    方向与运动方向相反

（2）0～4 s内，a1=3m/s2

F合′=F-f

F=F合′+f=ma1+f=4×3+8N=20N

（3）图线与时间轴所围成的面积表示位移，

所以x=•t=60m

（1）质点在1～3s内，速度均为正数即物体向正方向运动，斜率为负常数，所以物体沿正方向的匀减速直线运动；由a== m/s2=-2m/s2

所以物体的加速度大小为2m/s2

（2）质点在3～4s内图象的斜率与质点在1～3s内图象斜率相同，即加速度相同a=-2m/s2，由于物体在3～4s内的初速度为零，所用物体沿负方向的匀加速直线运动；加速度大小为2 m/s2．

（3）质点在1～4s内图象的斜率为定值即物体的加速度不变，均为2m/s2．

故答案为：匀减速直线，2，匀加速直线，2，2

（1）未放小铁块，木箱受到的摩擦力为f1　则F＝f1……①　 f1＝μMg

放上小铁块，木箱受到的摩擦力为f2，此时木箱的加速度大小为a　则f2－F＝Ma……②

由①②式得a＝0.5m/s2　　

设小铁块经过t1从木箱右端滑落，有……③

此时，木箱的速度v1，则 v1＝v0－a t1……④

随后，木箱在F作用下以速度v1作匀速运动，小铁块以初速度v0作平抛运动，下落时间为t2有

……⑤　　……⑥

结合③④⑤⑥式得　x＝0.8m

（2）小铁块在水平方向的速度不变，平抛运动时下落时间也不变，因此，小铁块刚滑落时，要求木箱速度刚好为零，此后木箱就停止了运动，小铁块的落地点距木箱右端最远。

设小铁块在木箱上运动时间为t3，有0＝v0－a t3……⑦　　……⑧

结合⑦⑧　　L/＝9m

 略

物体先沿斜面向上做匀减速直线运动，后沿斜面向下做匀加速直线运动．根据牛顿第二定律可知：物体上滑的加速度大于下滑的加速度，则上滑的时间短于下滑的时间，返回出发点时速度与初速度v0小．则a图符合物体的运动情况．

故选A

根据图象可知：电梯在前4秒做初速度等于0的匀加速直线运动，在4-8秒做匀速直线运动，在8-10秒做匀减速直线运动，直至静止．

所以前4秒：a===2 m/s2

4-8秒：a=0 m/s2

8-10秒：a===-4 m/s2答：电梯在前4秒做初速度等于0的匀加速直线运动，在4-8秒做匀速直线运动，在8-10秒做匀减速直线运动，直至静止，加速度分别为：2 m/s2；0；-4 m/s2

（1）由题意可得，在匀强电场中电场力F为：F=qE，

由图象得前2秒内的位移S为：S=at2，

则电场力做的功为：W=FS，

代入数据解得：W=6J

（2）在2秒到4秒内图象可得，qE2=μmg

在前2秒物块的加速度为：a=1m/s2

由牛顿第二定律得：qE2-qE1=ma 

代入数据解得：m=1kg

（3）在2秒到4秒内由图象可得，qE2=μmg  

又m=1kg，

则有μ=0.2

答：（1）前两秒电场力做功为6J； 

（2）物块的质量1kg；

（3）物块与水平面间的动摩擦因数0.2．

（1）4m/s（2）4m

试题分析：（1）设AB=x1,下滑的加速度大小为a1=4m/s2,由匀变速直线运动的位移公式得：

,①                          

解得：vB=4m/s  ②                          

（2）设下滑的时间为t1 ,则  ③  

水平运动时间为t2，则t2="3-" t1=2s        ④   

水平位移大小       ⑤   

点评：本题考查了匀变速直线运动规律及常见的平均速度的推论求解题目的方法。

（1）甲的加速度为a甲==m/s2=2m/s2，乙的加速度为a乙==m/s2=1m/s2．

（2）由题，甲乙两物体同时同地出发，沿同一方向做匀加速直线运动，当位移相等时两物体相遇，根据速度图象的“面积”大小等于位移，可知t=4s时刻两物体相遇，相遇时离出发点的距离为 S=×8×4m=16m．

（3）在t=2s前，乙的速度大于甲的速度，乙在甲的前方，两者距离增大；t=2s后，乙的速度小于甲的速度，两者距离减小，则知t=2s时，两物体速度相等，相距最远，由图可得：

最远距离等于乙与甲的位移之差，则最远距离为Smax=x乙-x甲=×2m-×2×4m=2m．

答：（1）甲的加速度为2m/s2，乙的加速度为1m/s2；

（2）甲乙两物体在t=4s时刻相遇，相遇时离出发点的距离为16m．

（3）相遇前t=2s甲乙相距最远，最远距离为2m．

（1）v1="2m/s(2)" 1m

试题分析：（1）小铁块在木板上的过程，对要板利用动能定理得-

μ（M+m）g×L=Mv1-Mv2                                   ①

代入数值解得v1=2m/s.                                     ②

（2）铁块离开木板后做自由落体运动，下落时间为t==="1.2s" ③

铁块离开后木板的加速度大小为a2=μg==2m/s2                   ④

从铁块离开到木板停下所用的时间为t2==1s                ⑤

因t2＜t,所以，木板静止后,铁块才着地，故铁块着地时与木块左端距离为：s=v1t2-a2t2=2×1+0.5×2×1=1m.

点评：由于题目中给了位移和速度大小，受力特点也很清楚，所以可以考虑采用动能定理求解，分析铁块受力先确定加速度大小，再利用运动学公式求解，按照思路来看本题难度不大，主要是把握住公式的选择和知识点的确定

（1）由位移图象可知：

在开始5s内，先由x1=10m到x2=30m，再返回到x3=0，

总路程l=20+30=50m               

开始5s内的位移△x=x3-x1=-10m    

开始5s内的平均速度为==m/s=-2m/s，

方向沿x轴负方向

（2）位移-时间图象的斜率表示该时刻的速度，

所以前两秒速度：v1==10m/s

后两秒速度为：v2=-15m/s

v-t图象如图所示：

答：（1）开始5s内质点运动的总路程50m和平均速度为-2m/s，方向为x轴负方向；

（2）速度-时间图象如图所示．

6m。

试题分析：

蹬冰时的加速度 （2分），

不蹬冰的加速度 （2分）

运动员滑行时前3s内的速度图象如图所示：（3分）

0～1s内：加速  

位移：   （1分）

1s末的速度 ：     （1分）

1s～1.5s内：减速

1.5s末的速度：  （1分）

位移：   （1分）666

1.5s～2.5s内：加速

2.5s末的速度：  （1分）

位移：    （1分）

2.5s～3.0s内：减速

3.0s的速度：     （1分）

位移：    （1分）

3s内总位移：  （1分）